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- 2021-06-16 发布
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专题 3.2 导数的应用试题 文
【三年高考】
1. 【2016 高考新课标 1 文数】若函数
1( ) sin 2 sin
3
f x x - x a x 在 , 单调递增,则 a的取值范围
是( )
(A) 1,1 (B)
11,
3
(C)
1 1,
3 3
(D)
11,
3
【答案】C
2【2016 高考四川文科】已知a函数
3( ) 12f x x x 的极小值点,则 a =( )
(A)-4 (B) -2 (C)4 (D)2
【答案】D
【解析】 23 12 3 2 2f x x x x ,令 0f x 得 2x 或 2x ,易得 f x 在 2 , 2 上
单调递减,在 2 , 上单调递增,故 f x 极小值为 2f ,由已知得 2a ,故选 D.
3.【2016 高考新课标 1文数】已知函数 22 e 1xf x x a x .
(I)讨论 f x 的单调性;
(II)若 f x 有两个零点,求 a的取值范围.
4.【2016 高考新课标Ⅲ文数】设函数 ( ) ln 1f x x x .
(I)讨论 ( )f x 的单调性;
(II)证明当 (1, )x 时,
11
ln
x x
x
;
(III)设 1c ,证明当 (0,1)x 时,1 ( 1) xc x c .
5.【2016 高考山东文数】(本小题满分 13 分)
设 f(x)=xlnx–ax2
+(2a–1)x,a∈R.
(Ⅰ)令 g(x)=f'(x),求 g(x)的单调区间;
(Ⅱ)已知 f(x)在 x=1 处取得极大值.求实数 a 的取值范围.
【解析】(Ⅰ)由 ' ln 2 2 ,f x x ax a 可得 ln 2 2 , 0,g x x ax a x ,则
1 1 2' 2 axg x a
x x
,当 0a 时, 0,x 时, ' 0g x ,函数 g x 单调递增;当 0a 时,
10,
2
x
a
时, ' 0g x ,函数 g x 单调递增,
1 ,
2
x
a
时, ' 0g x ,函数 g x 单调递减.
所以当 0a 时,函数 g x 单调递增区间为 0, ;当 0a 时,函数 g x 单调递增区间为
10,
2a
,
单调递减区间为
1 ,
2a
.
(Ⅱ)由(Ⅰ)知, ' 1 0f .①当 0a 时, ' 0f x , f x 单调递减.所以当 0,1x 时, ' 0f x ,
f x 单调递减.当 1,x 时, ' 0f x , f x 单调递增.所以 f x 在 1x 处取得极小值,不合题
意.②当
10
2
a 时,
1 1
2a
,由(Ⅰ)知 'f x 在
10,
2a
内单调递增,可得当当 0,1x 时, ' 0f x ,
11,
2
x
a
时, ' 0f x ,所以 f x 在(0,1)内单调递减,在
11,
2a
内单调递增,所以 f x 在 1x 处
取得极小值,不合题意.③当
1
2
a 时,即
1 1
2a
时, 'f x 在(0,1)内单调递增,在 1, 内单调递减,
所以当 0,x 时, ' 0f x , f x 单调递减,不合题意.④当
1
2
a 时,即
10 1
2a
,当
1 ,1
2
x
a
时, ' 0f x , f x 单调递增,当 1,x 时, ' 0f x , f x 单调递减,所以 f x
在 1x 处取得极大值,合题意.综上可知,实数 a 的取值范围为
1
2
a .
6. 【2015 高考福建,文 12】“对任意 (0, )
2
x
, sin cosk x x x ”是“ 1k ”的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C. 充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】B
7.【2015 高考北京,文 19】设函数
2
ln
2
xf x k x , 0k .
(I)求 f x 的单调区间和极值;
(II)证明:若 f x 存在零点,则 f x 在区间 1, e 上仅有一个零点.
【解析】(Ⅰ)由
2
ln
2
xf x k x ,( 0k )得
2
' ( ) k x kf x x
x x
.由
' ( ) 0f x 解得 x k .
( )f x 与
' ( )f x 在区间 (0, ) 上的情况如下:
所以, ( )f x 的单调递减区间是 (0, )k ,单调递增区间是 ( , )k ; ( )f x 在 x k 处取得极小值
(1 ln )( )
2
k kf k
.
8.【2015 高考山东,文 20】设函数 . 已知曲线 在点 (1, (1))f 处
的切线与直线 平行.
(Ⅰ)求 a的值;
(Ⅱ)是否存在自然数 k,使得方程 ( ) ( )f x g x 在 ( , 1)k k 内存在唯一的根?如果存在,求出 k;如果不
存在,请说明理由;
(Ⅲ)设函数 ( ) min{ ( ), ( )}m x f x g x ( { },min p q 表示, ,p q中的较小值),求 m x 的最大值.
【解析】(I)由题意知,曲线 在点 (1, (1))f 处的切线斜率为 2 ,所以 '(1) 2f ,又
'( ) ln 1,af x x
x
所以 1a .
(II) 1k 时,方程 ( ) ( )f x g x 在 (1, 2)内存在唯一的根.设
2
( ) ( ) ( ) ( 1) ln ,x
xh x f x g x x x
e
当 (0,1]x 时, ( ) 0h x .又 2 2
4 4(2) 3ln 2 ln8 1 1 0,h
e e
所以存在 0 (1, 2)x ,使 0( ) 0h x .
因为
1 ( 2)'( ) ln 1 ,x
x xh x x
x e
所以当 (1, 2)x 时,
1'( ) 1 0h x
e
,当 (2, )x 时, '( ) 0h x ,
所以当 (1, )x 时, ( )h x 单调递增.所以 1k 时,方程 ( ) ( )f x g x 在 ( , 1)k k 内存在唯一的根.
9.【2015 高考天津,文 20】已知函数
4( ) 4 , ,f x x x x R= - Î
(I)求 ( )f x 的单调区间;
(II)设曲线 ( )y f x= 与 x轴正半轴的交点为 P,曲线在点 P 处的切线方程为 ( )y g x= ,求证:对于任意的正
实数 x ,都有 ( ) ( )f x g x£ ;
(III)若方程 ( )= ( )f x a a为实数 有两个正实数根 1 2x x, ,且 1 2x x< ,求证:
1
3
2 1- 4
3
ax x < - + .
【解析】(I)由
4( ) 4f x x x= - ,可得
3( ) 4 4f x x¢ = - ,当 0f x ,即 1x 时,函数 f x 单调递增;当
0f x ,即 1x 时,函数 f x 单调递减.所以函数 f x 的单调递增区间是 ,1 ,单调递减区
间是 1, .
(II)设 0 ,0P x ,则
1
3
0 4x , 0 12,f x 曲线 y f x 在点 P 处的切线方程为
0 0y f x x x ,即 0 0g x f x x x ,令 F x f x g x 即
0F x f x f x x x 则 0F x f x f x .
由于
3( ) 4 4f x x¢ = - 在 , 单调递减,故 F x 在 , 单调递减,又因为 0 0F x ,所以当
0,x x 时, 0F x ,所以当 0 ,x x 时, 0F x ,所以 F x 在 0, x 单调递增,在
0 ,x 单调递减,所以对任意的实数 x, 0 0F x F x ,对于任意的正实数 x ,都有 ( ) ( )f x g x£ .
(III)由(II)知
1
312 4g x x
,设方程 g x a 的根为 2x ,可得
1
3
2 4
12
ax ,因为 g x 在
, 单调递减,又由(II)知 2 2 2g x f x a g x ,所以 2 2x x .类似的,设曲线 y f x
在原点处的切线为 ,y h x 可得 4h x x ,对任意的 ,x ,有 4 0f x h x x 即
f x h x .设方程 h x a 的根为 1x ,可得 1 4
ax ,因为 4h x x 在 , 单调递增,且
1 1 1h x a f x h x ,因此, 1 1,x x 所以
1
3
2 1 2 1 4
3
ax x x x .
10.【2014 高考湖南卷文第 9题】若 1 20 1x x ,则( )
A. 2 1
2 1ln lnx xe e x x B. 2 1
2 1ln lnx xe e x x C. 1 2
2 1
x xx e x e D. 1 2
2 1
x xx e x e
【答案】C
11. 【2014 高考辽宁卷文第 12 题】当 [ 2,1]x 时,不等式
3 2 4 3 0ax x x 恒成立,则实数 a 的取值
范围是( )
A.[ 5, 3] B.
9[ 6, ]
8
C.[ 6, 2] D.[ 4, 3]
【答案】C
【解析】不等式
3 2 4 3 0ax x x 变形为
3 2 4 3ax x x .当 0x 时,0 3 ,故实数 a 的取值范
围是 R;当 (0,1]x 时,
2
3
4 3x x xa
x
,记
2
3
4 3( ) x x xf x
x
,
2
'
4 4
8 9 (x 9)(x 1)( ) 0x xf x
x x
,故函数 ( )f x 递增,则 max( ) (1) 6f x f ,故 6a ;当
[ 2,0)x 时,
2
3
4 3x x xa
x
,记
2
3
4 3( ) x x xf x
x
,令
' ( ) 0f x ,得 x 1 或 x 9 (舍去),当
( 2, 1)x 时,
' ( ) 0f x ;当 ( 1,0)x 时,
' ( ) 0f x ,故 min( ) ( 1) 2f x f ,则 a 2 .综上所
述,实数 a 的取值范围是[ 6, 2] .
12.【2014高考全国1文第21题】设函数 21ln 1
2
af x a x x bx a
,曲线 1 1y f x f 在点 ,
处的切线斜率为 0
(1)求 b;
(2)若存在 0 1,x 使得 0 1
af x
a
,求 a 的取值范围.
【三年高考命题回顾】
纵观前三年各地高考试题, 导数的应用是高考的热点,年年都出题,题型既有选择题、填空题,又有解答
题,难度中档左右,解答题作为把关题存在,在考查导数的概念及其运算的基础上,又注重考查解析几何
的相关知识.
【2017 年高考复习建议与高考命题预测】
由前三年的高考命题形式可以看出 , 导数是研究函数的工具,导数进入新教材之后,给函数问题注入了生
机和活力,开辟了许多解题新途径,拓展了高考对函数问题的命题空间.所以把导数与函数综合在一起是
顺理成章的事情,对函数的命题已不再拘泥于一次函数,二次函数,反比例函数,指数函数,对数函数等,
对研究函数的目标也不仅限于求定义域,值域,单调性,奇偶性,对称性,周期性等,而是把高次多项式
函数,分式函数,指数型,对数型函数,以及初等基本函数的和、差、积、商都成为命题的对象,试题的
命制往往融函数,导数,不等式,方程等知识于一体,通过演绎证明,运算推理等理性思维,解决单调性,
极值,最值,切线,方程的根,参数的范围等问题,这类题难度很大,综合性强,内容新,背景新,方法
新,是高考命题的丰富宝藏.解题中需用到函数与方程思想、分类讨论思想、数形结合思想、转化与化归
思想.因此在 2017 年高考备考中应狠下功夫,抓好基础,提高自己的解题能力,掌握好解题技巧,特别是构造
函数的灵活运用.
预测 2017 年高考仍将以导数的应用为背景设置成的导数的综合题为主要考点.也有可能利用导数的几何意
义出一道中等难度试题,如求切线,或求参数值,重点考查运算及数形结合能力,以及构造新函数等能力.也
有可能考查恒成立与存在性问题.
【2017 年高考考点定位】
高考对导数的应用的考查主要有导数的几何意义,利用导数判断单调性,求最值,证明不等式,证明恒成
立,以及存在性问题等,难度较大,往往作为把关题存在.
考点一、借助导数研究函数单调性
【备考知识梳理】一般地,函数的单调性与其导函数的正负有如下关系:在某个区间 ( , )a b 内,如果
( ) 0f x ,那么函数 ( )y f x 在这个区间内单调递增;如果 ( ) 0f x ,那么函数 ( )y f x 在这个区间内
单调递减;
【规律方法技巧】求函数单调区间的一般步骤.(1)求函数 ( )f x 的导数 ( )f x (2)令 ( ) 0f x 解不等式,
得 x的范围就是单调增区间;令 ( ) 0f x 解不等式,得 x的范围就是单调减区间(3)对照定义域得出结论.
【考点针对训练】
1. 【2016 年山西四校第三次联考】已知函数 ),0(ln)( 2 Rbaxbxaxxf ,若对任意 0x ,
)1()( fxf ,则( )
A. ba 2ln B. ba 2ln C. ba 2ln D. ba 2ln
【答案】A
2. 【2016 年山西四市高三四模】设函数 2)( axexf x
.
(1)求 )(xf 的单调区间;
(2)若 ka ,1 为整数,且当 0x 时, 1)(
1
xf
x
xk
恒成立,其中 )(xf 为 )(xf 的导函数,求 k的最
大值.
【解析】(1)函数 f(x)=e
x
-ax-2 的定义域是 R,f′(x)=e
x
-a, 若 a≤0,则 f′(x)=e
x
-a≥0,所以
函数 f(x)=e
x
-ax-2 在(-∞,+∞)上单调递增 ,若 a>0,则当 x∈(-∞,lna)时,f′(x)=e
x
-a<0;
当 x∈(lna,+∞)时,f′(x)=e
x
-a>0;所以,f(x)在(-∞,lna)单调递减,在(lna,+∞)上单
调递增.
(2)由于 a=1, 1)1)((1)(
1
'
xexkxf
x
xk x
, x
e
xkex x
x
1
1.01,0 ,
令 x
e
xxg x
1
1)( , min)(xgk , 22
'
)1(
)2(1
)1(
1)(
x
xx
x
x
e
xee
e
xexg ,令
01)(,2)( ' xx exhxexh , )(xh 在 ),0( 单调递增,且 )(,0)2(,0)1( xhhh 在 ),0(
上存在唯一零点,设此零点为 0x ,则 )2,1(0 x ,当 ),0( 00 xx 时, 0)(' xg ,当 ),( 00 xx 时,
0)(' xg , 0
0
0min 1
1
)()(
0
x
e
x
xgxg x
,由 )3,2(1)(,20)( 0000
' 0 xxgxexg x
,
又 )( 0xgk ,所以 k的最大值为 2 .
考点二、借助导数研究函数的极值
【备考知识梳理】若 0x 满足 0)( 0 xf ,且在 0x 的两侧 )(xf 的导数异号,则 0x 是 )(xf 的极值点, )( 0xf
是极值,并且如果 )(xf 在 0x 两侧满足“左正右负”,则 0x 是 )(xf 的极大值点, )( 0xf 是极大值;如果
)(xf 在 0x 两侧满足“左负右正”,则 0x 是 )(xf 的极小值点, )( 0xf 是极小值
【规律方法技巧】求函数的极值的步骤:(1)确定函数的定义区间,求导数 f′(x) .(2)求方程 f′(x)=0 的
根.(3)用函数的导数为 0 的点,顺次将函数的定义区间分成若干小开区间,并列成表格.检查 f′(x)在方程
根左右的值的符号,如果左正右负,那么 f(x)在这个根处取得极大值;如果左负右正,那么 f(x)在这个根
处取得极小值;如果左右不改变符号,那么 f(x)在这个根处无极值.
【考点针对训练】
1. 【2015-2016 学年度唐山市高三第一模】已知函数 3 23f x x x x 的极大值为 m,极小值为 n,则
m+n=( )
(A)0 (B)2 (C) -4 (D) -2
【答案】D
2. 【2016 年榆林二模】已知函数 3 2
1 2
1 3
3 2
xa bf x x x x x
,( ,a b R 且 0a ).
(1)当 1 21, 0 时,若已知 1 2,x x 是函数 f x 的两个极值点,且满足: 1 21 2x x ,求证:
1 3f ;
(2)当 1 20, 1 时,①求实数 3 1 ln 3 0y f x x x 的最小值;②对于任意正实数 , ,a b c,
当 3a b c 时,求证: 3 3 3 9a b ca b c .
【解析】(1)当 1 21, 0 时, 3 2 21 , 1 1
3 2
a bf x x x x f x ax b x ,已知 1 2,x x 是函
数 y f x 两个极值点,则 1 2,x x 是方程 0f x 的两根点,由 1 20, 1 2a x x ,∴
1 0
2 0
f
f
,即
0
4 2 1 0
a b
a b
, 1 2 3 4 2 1 3 3f a b a b a b ,或线性规划可得 1 3f .
考点三、借助导数研究函数最值
【备考知识梳理】求函数最值的步骤:(1)求出 ( )f x 在 ( , )a b 上的极值.(2)求出端点函数值 ( ), ( )f a f b .
(3)比较极值和端点值,确定最大值或最小值.
【规律方法技巧】
1、利用导数研究函数的最值问题是要养成列表的习惯,这样能使解答过程直观条理;
2、会利用导函数的图象提取相关信息;
3、极值点不一定是最值点,最值点也不一定是极值点,但若函数在开区间内只有一个极值点,则这个极值
点也一定是最值点.
【考点针对训练】
1. 【2016 年安徽淮南市高三二模】函数 2cos 3y x x 在区间[0, ]
2
上的最大值是 .
【答案】
6
【解析】由题意得, 1 2siny x ,令 0y ,因为 [0, ]
2
x
,所以
6
x
,当 [0, ]
6
x
时, 0y ;
当 [ , ]
6 2
x
时, 0y ,所以当
6
x
时,函数取得极大值,也是最大值,此时最大值为
6
y
.
2. 【2016 届邯郸市一中高三第十次研】已知函数 21( ) ln( 1)
2
f x x ax x ,其中 a R .(提示:
1ln( 1)
1
x
x
)
(1)若 2x 是 ( )f x 的极值点,求 a的值;
(2)求 ( )f x 的单调区间;
(3)若 ( )f x 在 0, 上的最大值是 0,求 a的取值范围.
(2)①当 0a 时, ( )
1
xf x
x
,故 ( )f x 的单调增区间是 (0, ) ;单调减区间是 ( 1,0) .
②当 0a 时,令 ( ) 0f x ,得 1 0x ,或 2
1 1x
a
.当0 1a 时, ( )f x 与 ( )f x 的情况如下:
x 1( 1, )x 1x 1 2( , )x x 2x 2( , )x
( )f x - 0 + 0 +
( )f x 1( )f x 2( )f x
所以, ( )f x 的单调增区间是
1(0, 1)
a
;单调减区间是 ( 1,0) 和
1( 1, )
a
.当 1a 时, ( )f x 的单调减
区间是 ( 1, ) .当 1a 时, 21 0x , ( )f x 与 ( )f x 的情况如下:
x 1( 1, )x 2x 2 1( , )x x 1x 1( , )x
( )f x - 0 + 0 +
( )f x 2( )f x 1( )f x
所以, ( )f x 的单调增区间是
1( 1,0)
a
;单调减区间是
1( 1, 1)
a
和 (0, ) .
③当 0a 时, ( )f x 的单调增区间是 (0, ) ; 单调减区间是 ( 1,0) .综上,当 0a 时, ( )f x 的增区
间是 (0, ) ,减区间是 ( 1,0) ;当 0 1a 时, ( )f x 的增区间是
1(0, 1)
a
,减区间是 ( 1,0) 和
1( 1, )
a
;当 1a 时, ( )f x 的减区间是 ( 1, ) ;当 1a 时, ( )f x 的增区间是
1( 1,0)
a
;,减区间
是
1( 1, 1)
a
和 (0, ) .
(3)由(2)知 0a 时, ( )f x 在 (0, ) 上单调递增,由 (0) 0f ,知不合题意.当0 1a 时, ( )f x
在 (0, ) 的最大值是
1( 1)f
a
.由
1( 1) (0) 0f f
a
,知不合题意.当 1a 时, ( )f x 在 (0, ) 单调
递减.可得 ( )f x 在 0, 上的最大值是 (0) 0f ,符合题意,所以, ( )f x 在 0, 上的最大值是 0 时,
a的取值范围是 1, .
【应试技巧点拨】
1. 函数的导数在其单调性研究的作用:(1)当函数在一个指定的区间内单调时,需要这个函数的导数在这
个区间内不改变符号(即恒大于或者等于零、恒小于或者等于零),当函数在一个区间内不单调时,这个函
数的导数在这个区间内一定变号,如果导数的图象是连续的曲线,这个导数在这个区间内一定存在变号的
零点,可以把问题转化为对函数零点的研究.
(2)根据函数的导数研究函数的单调性,在函数解析式中若含有字母参数时要进行分类讨论,这种分类讨论
首先是在函数的定义域内进行,其次要根据函数的导数等于零的点在其定义域内的情况进行,如果这样的
点不止一个,则要根据字母参数在不同范围内取值时,导数等于零的根的大小关系进行分类讨论,最后在
分类解决问题后要整合一个一般的结论.[易错提示] 在利用“若函数 f x 单调递增,则 ' 0f x ”求
参数的范围时,注意不要漏掉“等号”.
2.利用导数研究函数的极值与最值:(1)确定定义域.
(2)求导数 'f x .
(3)①若求极值,则先求方程 ' 0f x 的根,再检验 'f x 在方程根左、右值的符号,求出极值.(当根中
有参数时要注意分类讨论根是否在定义域内)
②若已知极值大小或存在的情况,则转化为已知方程 ' 0f x 根的大小或存在情况,从而求解.
3.求函数 y f x 在 ,a b 上的最大值与最小值的步骤
(1)求函数 y f x 在 ,a b 内的极值;
(2)将函数 y f x 的各极值与端点处的函数值 ,f a f b 比较,其中最大的一个是最大值,最小的一个
是最小值.
4.利用导数处理恒成立问题
不等式在某区间的恒成立问题,可以转化为求函数在区间上的最值问题来解决,函数的最值问题的求解,
利用求导分析函数单调性是常规途径,例如:① ( ) 0f x ( )f x 为增函数( ( ) 0f x ( )f x 为减函数).
② ( )f x 在区间 ,a b 上是增函数 ( )f x ≥0在 ,a b 上恒成立; ( )f x 在区间 ,a b 上为减函数
( )f x ≤0在 ,a b 上恒成立.
5.利用导数,如何解决函数与不等式大题
在高考题的大题中,每年都要设计一道函数大题. 在函数的解答题中有一类是研究不等式或是研究方程根
的情况,基本的题目类型是研究在一个区间上恒成立的不等式(实际上就是证明这个不等式),研究不等式
在一个区间上成立时不等式的某个参数的取值范围,研究含有指数式、对数式、三角函数式等超越式的方
程在某个区间上的根的个数等,这些问题依据基础初等函数的知识已经无能为力,就需要根据导数的方法
进行解决.使用导数的方法研究不等式和方程的基本思路是构造函数,通过导数的方法研究这个函数的单
调性、极值和特殊点的函数值,根据函数的性质推断不等式成立的情况以及方程实根的个数.因为导数的
引入,为函数问题的解决提供了操作工具.因此入手大家比较清楚,但是深入解决函数与不等式相结合的题
目时,往往一筹莫展.原因是找不到两者的结合点,不清楚解决技巧.解题技巧总结如下
(1)树立服务意识:所谓“服务意识”是指利用给定函数的某些性质(一般第一问先让解决出来),如函
数的单调性、最值等,服务于第二问要证明的不等式.
(2)强化变形技巧:所谓“强化变形技巧”是指对于给出的不等式直接证明无法下手,可考虑对不等式进
行必要的等价变形后,再去证明.例如采用两边取对数(指数),移项通分等等.要注意变形的方向:因为要
利用函数的性质,力求变形后不等式一边需要出现函数关系式.
(3)巧妙构造函数:所谓“巧妙构造函数”是指根据不等式的结构特征,构造函数,利用函数的最值进行
解决.在构造函数的时候灵活多样,注意积累经验,体现一个“巧妙”.
二年模拟
1. 【2016 年九江市三模】若函数 )(sin)( axexf x 在区间 )
2
,
2
(
上单调递增,则实数 a的取值范围
是( )
A. ),2[ B. ),1( C. ),2( D. ),1[
【答案】D
【解析】 0)cos(sin)( axxexf x 在区间 )
2
,
2
(
上恒成立,即 )
4
sin(2
xa 在区间
)
2
,
2
(
上恒成立.∵ )
4
3,
4
()
4
(
x ,∴ ]1,
2
2()
4
sin(
x ,∴ ]1,2()
4
sin(2
x ,
∴ 1a .
2. 【2016 届榆林市二模拟】函数
32 1y x 的图象与函数
23y x b 的图象有三个不相同的交点,则实
数b的取值范围是( )
A. 0,2 B. 2,0 C. 0,4 D. 1,0
【答案】D
【解析】由题意得 3 22 3 1 0x x b 三个不相同的零点,又
3 2 2( ) 2 3 1 ( ) 6 6 0 0 1f x x x b f x x x x x 或 ,因此
( ) (0), ( ) (1),f x f f x f 极大值 极小值 从而 (0) 0, (1) 0 1 b 0f f ,选 D.
3. 【2016 届淮南市高三第二模】已知 ( )y f x 为定义在 R上的单调递增函数,
' ( )y f x 是其导函数,若
对任意 x R 的总有 '
( 1)
( 1)
f x x
f x
,则下列大小关系一定正确的是( )
A.
( ) ( )
1 1
f e f
e
B.
( ) ( )
1 1
f e f
e
C.
( ) ( )
2 2
f e f
e
D.
( ) ( )
2 2
f e f
e
【答案】B
4. 【2016 届河南省南阳一中高三第三次模拟】已知定义在R 上的可导函数 f x 的导函数为 f x ,满足
f x f x ,且 2f x 为偶函数, 4 1f ,则不等式 xf x e 的解集为( )
A.(-2,+) B.(0.+) C.(1,) D.(4,+)
【答案】B
【解析】 2y f x 为偶函数,所以 2y f x 的图象关于 0x 对称, y f x 的图象关于 2x
对称,因此 4 0 1f f ,设
2
'
, '
( )
x x
x x
f x f x e f x e
g x g x
e e
'
x
f x f x
e
,
' 0, ' 0f x f x g x , y g x 在定义域上递减, , 1xf x e g x ,
0
0
0 1
f
g
e
,所以 0 , 0g x g x ,故选 B.
5. 【湖北省八校 2016 高三第二次联考】已知函数 2( ) e xf x x ax b ,当 1b 时,函数 ( )f x 在 , 2 ,
1,+ 上均为增函数,则
2
a b
a
的取值范围是( )
A.
22,
3
B.
1 ,2
3
C.
2,
3
D.
2 ,2
3
【答案】A
6. 【2016 年河南省商丘市高三第三模】设函数 mxxgexf x ln)(,)( .有下列五个命题:
①若对任意 ]2,1[x ,关于 x的不等式 )()( xgxf 恒成立,则 em ;
②若存在 ]2,1[0 x ,使得不等式 )()( 00 xgxf 成立,则 2ln2 em ;
③若对任意 ]2,1[1x 及任意 ]2,1[2 x ,不等式 )()( 21 xgxf 恒成立,则 2ln em ;
④若对任意 ]2,1[1x ,存在 ]2,1[2 x ,使得不等式 )()( 21 xgxf 成立,则 em ;
⑤若存在 ]2,1[1x 及 ]2,1[2 x ,使得不等式 )()( 21 xgxf 成立,则
2em .
其中,所有正确结论的序号为______.
【答案】①②③④⑤
7.【2016 届重庆一中高三 5 月模拟考试】设函数
3( ) ( 3 3)x xf x e x x ae x ,若不等式 ( )f x ≤0 有解,
则实数 a 的最小值为( )
A.
2
e
-1 B.2-
2
e
C.1+2e
2
D.1-
1
e
【答案】D
8. 【2016 湖北省八校高三第二次联考】已知函数 ln 4f x ax x a R .
(Ⅰ)讨论 f x 的单调性;
(Ⅱ)当 2a 时,若存在区间 1, ,
2
m n
,使 f x 在 ,m n 上的值域是 ,
1 1
k k
m n
,求 k 的取值范
围.
【解析】(Ⅰ)函数 f x 的定义域是 0 +, , 1axf x
x
,当 a≤0时, 0f x ≤ ,所以 f x 在 0 +,
上为减函数, 当 a 0时,令 0f x ,则
1x
a
,当
10x
a
, 时, 0f x , f x 为减函数,
当
1 +x
a
, 时, 0f x , f x 为增函数, ∴当 a≤0时, f x 在 0 +, 上为减函数;当 a 0时,
f x 在
10
a
, 上为减函数,在
1 +
a
, 上为增函数.
(Ⅱ)当 2a 时, 2 ln 4f x x x ,由(Ⅰ)知: f x 在
1 +
2
, 上为增函数,而 1, ,
2
m n
,
∴ f x 在 ,m n 上为增函数,结合 f x 在 ,m n 上的值域是 ,
1 1
k k
m n
知: ,
1 1
k kf m f n
m n
,
其中
1
2
m n≤ ,则
1
kf x
x
在
1 ,
2
上至少有两个不同的实数根,由
1
kf x
x
得
2=2 2 1 ln 4k x x x x ,记 2=2 2 1 ln 4x x x x x ,
1 ,
2
x
,则 1=4 ln 3x x x
x
,记
1=4 ln 3F x x x x
x
,则 22
2 2
2 1 34 1 0
x xx xF x
x x
,∴ F x 在
1 ,
2
上为增函数,
即 x 在
1 ,
2
上为增函数,而 1 =0 ,∴当
1 ,1
2
x
时, 0x ,当 1,x 时, 0x ,
∴ x 在
1 ,1
2
上为减函数,在 1, 上为增函数, 而
1 3ln 2 9
2 2
, 1 = 4 ,当 x 时,
x ,故结合图像得: 1 3ln 2 91 4
2 2
k k
≤ ≤ ,∴ k 的取值范围是
3ln 2 94,
2
.
9. 【2016 届山西省榆林市二模试】已知函数 ln xf x
x
.
(1)求函数 f x 的单调区间,并比较3n与 3 的大小;
(2)若正实数 a满足对任意 0,x 都有 2 1 0ax f x ,求正实数 a的最大值.
10. 【2016 届湖北省襄阳五中高三 5月高考模拟】设函数 ( ) ( 1)
1
x axf x e x
x
.
(Ⅰ)当 1a 时,讨论 ( )f x 的单调性;
(Ⅱ)当 0a 时,设 ( )f x 在 0x x 处取得最小值,求证: 0( ) 1f x .
【解析】(Ⅰ)当 =1a 时, 2
1( )=
( 1)
xf x e
x
,因为 xe 单调递增, 2
1 ( 1)
( 1)
x
x
单调递增,所以 ( )f x
在 1 + , 单调递增,且 (0) 0f ,因此当 1 0x 时, ( ) 0f x ;当 0x 时, ( ) 0f x ,故 ( )f x
在 ( 1,0) 单调递减,在 (0, ) 单调递增.
(Ⅱ)当 0a > 时, 2( )=
( 1)
x af x e
x
,因为
xe 单调递增, 2 ( 1)
( 1)
a x
x
单调递增,所以 ( )f x 在
1 + , 单调递增.又 2 1
2
1 1(2 1) 0
4(2 )
a af a e
ea
,当b满足 1 1b a 且 0b 时,
( ) 0f b ,故 f x 存在唯一零点,设零点为 1x ,当 11x x , 时, ( ) 0f x ;当 1 +x x , 时,
( ) 0f x .故 ( )f x 在 11 x , 单调递减,在 1 +x , 单调递增,所以当 1x x 时, ( )f x 取得最小值,由
条件可得 1 0x x , ( )f x 的最小值为 0( )f x .由于 0
0 2
0
( ) 0
( 1)
x af x e
x
,所以 0 2
0( 1)xa e x ,
0 0 0 0
0 0 0 0
20
0
0
( ) ( 1) ( 1)
1
x x x xaxf x e e e x x e x x
x
,设
2( ) ( 1)( 1)xg x e x x x ,则
2( ) ( 3 ) ( 3)x xg x e x x x x e ,令 ( ) 0g x ,得 1 0x ;令 ( ) 0g x ,得 0x ,故 ( )g x 在
1 ,0 单调递增, 0 +, 单调递减, ( ) (0) 1g x g ,故 0 0( ) ( ) 1f x g x .
11.【2015 届湖南省长浏宁三一中高三 5 月模拟】已知 ( ), ( )f x g x 都是定义在R上的函数, ( ) 0g x ,
( ) ( ) ( ) ( )f x g x f x g x ,且 ( ) ( )xf x a g x ( 0a ,且 1)a ,
(1) ( 1) 5
(1) ( 1) 2
f f
g g
.若数列
( ){ }
( )
f n
g n
的前n项
和大于62 ,则 n的最小值为( )
A.6 B.7 C.8 D.9
【答案】A
12.【2015 届黑龙江省哈尔滨九中高三第三次拟】已知函数
2
1ln,2 xxgexf x ,对
,0, bRa ,使得 bgaf ,则 ab 的最小值为
A .
2
2ln1 B.
2
2ln1 C. 12 e D. 1e
【答案】A
【解析】由 bgaf 可得:
2
1ln2 be a
,令
2
1ln2 bet a
,则
2
ln ta ,
2
1
t
eb ,所以 0,
2
ln2
1
ttetf
t
,所以
t
etf
t
2
12
1
'
,令 0
2
12
1
'
t
etf
t
得
2
1
t ,所以当
2
1,0t 时为减函数,当
,
2
1t 时为增函数,所以 ab 的最小值为
2
2ln1 .
13.【2015 届江苏省扬州中学高三 4月双周测】已知函数 ( ) sinf x x x ,不等式 ( ) cosf x ax x 在[0, ]
2
上恒成立,则实数 a的取值范围为___________.
【答案】 2a
14.【2015 届湖南省长沙市高三 5 月】已知函数 xc
x
xxgRbabxaxxxf ln
1
22)(),,(2ln)( 2
.
(1)当 1,
2
1
ba 时, )(xf 与 )(xg 在定义域上单调性相反,求 cb || 的最小值.
(2)当 02 ab 时,求证:存在 Rm ,使 mxf )( 有三个不同的实数解 321 ,, ttt ,且对任意
}3,2,1{, ji 且 ji 都有 )(22
ji
ji
ttab
tt
.
(2)因为
2
' 2 2 1( ) ,ax bxf x
x
当 2 0b a 时, 0a ,且一元二次方程 22 2 1 0ax bx 的
24( 2 ) 0b a ,所以 22 2 1 0ax bx 有两个不相等的实根
2 2
1 2
2 2, ,
2 2
b b a b b ax x
a a
当 1(0, )x x 时, ( )f x 为增函数; 1( ) ( , ( ))f x f x ,当 1 2( , )x x x 时, ( )f x 为减函数; 2 1( ) ( ( ), ( ))f x f x f x
当 2( , )x x 时, ( )f x 为增函数; 2( ) ( ( ), )f x f x ,所以当 2 1( ( ), ( ))m f x f x 时, ( )f x m 一定有 3 个不
相等的实根 1t , 2t , 3t ,分别在 1 1 2 2( , ) +x x x x 、( , )、( , )内,不妨设 i jt t ,因为 ( ) , ( )i jf t m f t m ,所
以 ( ) ( )i jf t f t 即
2 2ln 2 ln 2i i i j j jt at bt t at bt ,即
2 2ln ln ( ) 2 ( )i j i j i jt t a t t b t t ,即
1 ln ( ) 2i
i j
i j j
t a t t b
t t t
所以
1 ln ( ) 2i
i j
i j j
t a t t b
t t t
,所以
2 2 1[2 ( )] ln i
i j
i j i j i j j
tb a t t
t t t t t t t
]ln
)(2
[1
tj
t
tt
tt
tt
i
ji
ji
ji
]ln
1
)1(2
[1
tj
t
t
t
t
t
tt
i
j
i
j
i
ji
,令
t
tj
t i ,则 t
t
t
tj
t
t
t
t
t
i
j
i
j
i
ln
1
)1(2ln
1
)1(2
,由(1)知 x
x
xxg ln
1
22)(
在 ),0( 上为减函数,又
0)1( g ,所以当 ,10 t 0ln
1
)1(2
t
t
t
,又 ,01
ji tt 所以 ,0)](2[2
ji
ji
ttab
tt 即
).(22
ji
ji
ttab
tt
15.【2015 届广东省华南师大附中高三 5 月三模】已知 a b, 是实数,1 和 1 是函数 3 2( )f x x ax bx 的两
个极值点.
(Ⅰ)求 a和b的值;
(Ⅱ)设函数 ( )g x 的导函数 ( ) ( ) 2g x f x ,求 ( )g x 的极值点;
(Ⅲ)设 ( ) ( ( ))h x f f x c ,其中 [ 2 2]c , ,求函数 ( )y h x 的零点个数.
① 当 2x , 时, ( ) 0f' x > ,于是 ( )f x 是单调增函数,从而 ( ) (2)=2f x > f .此时 ( )=f x d在 2 , 无
实根.
② 当 1 2x , 时. ( ) 0f' x > ,于是 ( )f x 是单调增函数.又∵ (1) 0f d < , (2) 0f d > , = ( )y f x d 的图
象不间断,∴ ( )=f x d 在(1 , 2)内有唯一实根.同理, ( )=f x d在(一 2 ,一 1)内有唯一实根.
③ 当 1 1x , 时, ( ) 0f' x < ,于是 ( )f x 是单调减函数.又∵ ( 1) 0f d > , (1) 0f d < , = ( )y f x d 的
图象不间断,∴ ( )=f x d在(一 1,1)内有唯一实根.因此,当 =2d 时, ( )=f x d有两个不同的根 1 2x x, 满
足 1 2=1 =2x x, ;当 2d < 时 ( )=f x d有三个不同的根 3 1 5x x x, , ,满足 2 =3, 4, 5ix < i, .
现考虑函数 ( )y h x 的零点:
(Ⅰ)当 =2c 时, ( )=f t c有两个根 1 2t t, ,满足 1 2= =2t t1, .
而 1( )=f x t 有三个不同的根, 2( )=f x t 有两个不同的根,故 ( )y h x 有 5 个零点.
(ⅱ)当 2c < 时, ( )=f t c有三个不同的根 3 4 5t t t, , ,满足 2 =3, 4, 5it < i, .
而 =3,( ) 4, = 5if x t i 有三个不同的根,故 ( )y h x 有 9个零点.
综上所述,当 =2c 时,函数 ( )y h x 有 5 个零点;当 2c < 时,函数 ( )y h x 有 9 个零点.
拓展试题以及解析
1. 已知函数
ln( 1), 0
( ) 1 1, 0
2
x x
f x
x x
,若m n ,且 ( ) ( )f m f n ,则 n m 的取值范围是( )
A.[3 2 ln 2, 2) B. [3 2ln 2,2] C. [ 1,2]e D. [ 1, 2)e
【答案】A
3 2ln 2 ( ) 2g t .
【入选理由】本题主要考查分段函数与方程的解,导数与函数最值等,考查函数与方程、数形结合的数学
思想,意在考查运用转化与化归思想、综合分析问题解决问题以及运算求解能力及基本的逻辑推理能力.导
数的应用,是高考考试的重点与难点,此题运用构造法,灵活的利用导数求最小值,构思很巧,故选此题.
2.设函数 ( )y f x 是定义在 R上的可导函数,当 0x 时, ( ) ( )
2
xf x f x ,则函数 2
1( ) ( )g x f x
x
的
零点个数为( )
A.0 B.1 C.2 D.0 或 2
【答案】A
【入选理由】本题主要考查导数的应用以及函数的零点,考查构造法以及函数与方程思想和逻辑推理能力,
意在考查运用转化与化归思想、综合分析问题解决问题以及运算求解能力及基本的逻辑推理能力.导数的
应用,是高考考试的重点与难点,此题函数的单调性与函数的零点巧妙地结合起来,构思很巧,故选此题.
3.已知
2
( ) ln
2
axf x x x= - ,若至少存在一个 0 1,ex 使 0( ) 0f x < 成立,则实数 a的取值范围为( )
A.( )0,10 B. 0, C.( )1,+¥ D.( )1,- +¥
【答案】B
【解析】由于至少存在一个 [ ]0 1,ex Î 使 ( )0 0f x < 成立,所以至少存在一个 x使
2
ln
2
axx x < 成立,即至
少存在一个 x使 2ln xa
x
> 成立,所以 min
2ln( )xa
x
> .令 ( )
2ln xh x
x
= ,当 [ ]1,exÎ 时,
( ) ( )
2
2 1 ln
0
x
h x
x
-
¢ = ³ 恒成立,因此 ( )
2ln xh x
x
= 在[ ]1,e 上单调递增.故当 1x = 时, ( )min
0h x = ,即
实数 a的取值范围为( )0,+¥ .
【入选理由】本题考查函数的最值,利用导数研究函数的单调性等基础知识,意在考查转化与化归思想、
综合分析问题与解决问题的能力以及运算求解能力.充分体现了转化的数学思想,故选此题.
4.若直线 : 1l y kx 与曲线C:
1( ) 1
ex
f x x 没有公共点,则实数 k的最大值为( )
A.-1 B.
1
2
C.1 D. 3
【答案】C
【入选理由】考查直线与函数图象的位置关系、函数存在定理,意在考查逻辑思维能力、等价转化能力、
运算求解能力.此题难度不大,考查基础,故选此题.
5.已知函数
( ), ( ) ( )
( )
( ), ( ) ( )
f x f x g x
h x
g x f x g x
,
3 1( ) , ( ) ln
4
f x x ax g x x ,若 ( ) 0h x 在 (0, ) 上有
三个不同的实数根,则实数 a的取值范围为 _______ .
【答案】
5 3( , )
4 4
【解析】因为 2( ) 3 ( 0)f x x a x ,所以若 0a ,则 2( ) 3 0f x x a ,此时 ( ) 0h x 在 (0, ) 上
至多有两个不同的实数根,因此 0a ,从而由 ( ) 0f x 得
3
ax ,因为 (1) 0g ,因此要使 ( ) 0h x 在
(0, ) 上有三个不同的实数根,须满足 1, (1) 0, ( ) 0
3 3
a af f ,即
3 35 1 1 30 3, , ( ) 3( ) 0 ( )
4 3 3 3 4 3 8 4
a a a aa a a ,从而实数 a的取值范围为
5 3( , ).
4 4
【入选理由】本题考查函数图象、函数与方程思想、利用导数研究函数性质等基础知识,意在考查分析问
题与解决问题的能力、基本运算能力及推理能力.此题难度不大,综合性较强,体现高考小题综合化的特
点,故选此题.
6. 当 0,1x( )时,函数 e 1xf x 的图象不在函数
2( )g x x ax 的下方,则实数 a的取值范围是
___________.
【答案】[2 e, )
【入选理由】本题考查函数图象间的关系、利用导数研究函数的单调性,意在考查等价转化能力、逻辑思
维能力、运算求解能力.此题难度不大,出题角度新,符合高考考试题型,故选此题.
7. 已知函数 ( ) 2 lnaf x ax x
x
( a R ).
(Ⅰ)若函数 ( )f x 为单调递减函数,求实数a的取值范围;
(Ⅱ)当 1 2, (0, )x x 时,不等式 1 2
1 2
2 1
( ) ( )[ ]( ) 0f x f x x x
x x
恒成立,求 a的取值范围.
【解析】(Ⅰ)函数 ( )f x 的定义域为 (0, ) .
2
2 2
2 2( ) a ax x af x a
x x x
. (1)当 0a 时,
2( ) 0f x
x
,故函数 ( )f x 在 (0, ) 上单调递增; (2)当 0a 时,若 ( )f x 在 (0, ) 上单调递减,
则 ( ) 0f x ,即
2
2
2 0ax x a
x
恒成立.故有
2( 1) 2a x x ,所以 2
2 2
11
xa
x x
x
. 因为 0x ,
所以
1 2x
x
(当且仅当 1x 时,等号成立),故
21 01x
x
.所以 1a .
【入选理由】本题主要考查导数与函数的最值,导数与函数的单调性、不等式恒成立以及函数的定义域等,
考查分离参数法、函数与方程的思想、分类讨论的数学思想以及基本的运算能力和逻辑推理能力等,此题
难度较大,综合性较强,符合高考试题特征,故选此题.
8. 已知函数
1 ln( ) a xf x
x
, 0a .
(Ⅰ)当 1a 时,若不等式 ( ) 0f x k 在 0, 上恒成立,求 k 的取值范围;
(Ⅱ)已知 1 20, 0x x 且 1 2x x e ,求证: 1 2 1 2x x x x .
(2)由上可知
ln( ) xf x
x
在 (0, )e 上单调递增,∵ 1 2 1 0e x x x ,∴ 1 2 1
1 2 1
ln( ) lnx x x
x x x
,即
1 1 2
1
1 2
ln( ) lnx x x x
x x
①, 同理 2 1 2
2
1 2
ln( ) lnx x x x
x x
②.
两式相加得 1 2 1 2 1 2ln( ) ln ln lnx x x x x x ,∴ 1 2 1 2x x x x .
【入选理由】本题主要考查利用导数研究函数的极值及最值、证明不等式等知识,考查考生的化归与转化
能力及运算求解能力.(1) 利用导数研究单调性求解;(2) 将不等式的证明合理转化为函数问题求解.此
题难度较大,综合性较强,符合高考试题特征,故选此题.
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