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  • 2021-06-21 发布

【2020年高考数学预测题】上海市高考数学试卷(理科)2【附详细答案和解析_可编辑】

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‎【2020年高考数学预测题】上海市高考数学试卷(理科)2【附详细答案和解析_可编辑】‎ 学校:__________ 班级:__________ 姓名:__________ 考号:__________‎ ‎ 一、 选择题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 , ) ‎ ‎ ‎ ‎1. “‎10)‎与区域D有公共点,则厂的最大值为________.‎ ‎21. ‎ ‎(5)‎已知点 M(-1,1)‎ 和抛物线 C:y‎2‎=4x 过C的焦点且斜率为L的直线与C交于A,B两点‎.‎ ‎∠AMB=‎‎90‎‎∘‎ ,则 ‎k=‎ ‎21. ‎ ‎(6)‎如右图,直三棱柱 ABC-‎A‎1‎B‎1‎C‎1‎ AB⊥AC, AB=2, AC=4‎ E是 BB‎1‎ 的中点, ‎A‎1‎K=CF=‎1‎‎4‎AA‎1‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 ‎ ,设过E,P,K三点的平面与 底面ABC的交线为‎1‎,若‎1‎与 A‎1‎C 折成角为 ‎60‎‎∘‎ 则三棱锥 A-EFK 的体积为________.‎ ‎ ‎ ‎22. 已知a∈R,函数f(x)=log‎2‎(‎1‎x+a)‎. ‎ ‎(1)‎当a=5‎时,解不等式f(x)>0‎;‎ ‎ ‎ ‎(2)‎若关于x的方程f(x)-log‎2‎[(a-4)x+2a-5]=0‎的解集中恰好有一个元素,求a的取值范围;‎ ‎ ‎ ‎(3)‎设a>0‎,若对任意t∈[‎1‎‎2‎, 1]‎,函数f(x)‎在区间‎[t, t+1]‎上的最大值与最小值的差不超过‎1‎,求a的取值范围.‎ ‎ ‎ ‎23. 已知曲线f(x)=log‎2‎‎(x+1)‎x+1‎(x>0)‎上有一点列Pn‎(xn, yn)(n∈N*)‎,过点Pn在x轴上的射影是Qn‎(xn, 0)‎,且x‎1‎‎+x‎2‎+x‎3‎+...+xn=‎2‎n+1‎-n-2‎.‎(n∈N*)‎ ‎ ‎(1)求数列‎{xn}‎的通项公式;‎ ‎ ‎ ‎(2)设四边形PnQnQn+1‎Pn+1‎的面积是Sn,求Sn;‎ ‎ ‎ ‎(3)在(2)条件下,求证:‎1‎S‎1‎‎+‎1‎‎2‎S‎2‎+...+‎1‎nSn<4‎.‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 参考答案与试题解析 ‎【2020年高考数学预测题】上海市高考数学试卷(理科)2【附详细答案和解析_可编辑】‎ 一、 选择题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 ) ‎ ‎1.【答案】‎ C ‎【解答】‎ 解:当m=2‎时,方程x‎2‎m-1‎‎+y‎2‎‎3-m=1‎为x‎2‎‎+y‎2‎=1‎,该方程表示圆. 若方程x‎2‎m-1‎‎+y‎2‎‎3-m=1‎表示椭圆,则m-1>3-m>0‎或‎0=‎-1‎‎2‎‎⋅‎‎2‎=-‎‎1‎‎2‎, ∴ 直线A‎1‎D与平面D‎1‎DE所成的角为‎30‎‎∘‎. 故答案为‎90‎‎∘‎,‎30‎‎∘‎.‎ ‎11.【答案】‎ ‎.‎ ‎【解答】‎ 由sin(α)cosα,得 sinαcoscosαsin, 即, ∴ tanα=(3) 则sin2α.‎ ‎12.【答案】‎ ‎112‎ ‎【解答】‎ 解:∵ 在‎(‎3‎x-‎‎2‎x‎)‎n的二项式中,所有的二项式系数之和为‎256‎, ∴ ‎2‎n‎=256‎,解得n=8‎, ∴ ‎‎(‎3‎x-‎‎2‎x‎)‎‎8‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 中,Tr+1‎‎=C‎8‎r(‎3‎x‎)‎‎8-r(-‎2‎x‎)‎r=(-2‎‎)‎rC‎8‎rx‎8-4r‎3‎, ∴ 当‎8-4r‎3‎‎=0‎,即r=2‎时,常数项为T‎3‎‎=(-2‎)‎‎2‎C‎8‎‎2‎=112‎. 故答案为:‎112‎.‎ ‎13.【答案】‎ π‎3‎ ‎【解答】‎ 解:∵ 根据题意得b‎2‎‎-c‎2‎=ab-‎a‎2‎, 即b‎2‎‎+a‎2‎-c‎2‎=ab. ∵ cosC=‎a‎2‎‎+b‎2‎-‎c‎2‎‎2ab, ∴ cosC=ab‎2ab=‎‎1‎‎2‎, ∴ C=‎π‎3‎. 故答案为:π‎3‎. ‎ ‎14.【答案】‎ ‎1‎e ‎【解答】‎ 解:设切点为‎(x‎0‎, lnx‎0‎+1)‎, 则切线为y=‎1‎x‎0‎(x-x‎0‎)+lnx‎0‎+1‎ ‎=‎1‎x‎0‎x+lnx‎0‎, ‎∴ ‎1‎x‎0‎=a,b=lnx‎0‎, ‎∴ ab=‎lnx‎0‎x‎0‎, 令g(x)=‎lnxx, 则g‎'‎‎(x)=‎‎1-lnxx‎2‎, ‎∴ g(x)‎在‎(0, e)‎上单调递增,在‎(e, +∞)‎上单调递减, 则g(x‎)‎max=g(e)=‎‎1‎e. 故答案为:‎1‎e.‎ ‎15.【答案】‎ ‎4‎ ‎【解答】‎ 解:依题意得,a‎1‎‎=S‎1‎∈{2,3}‎,Sn‎∈{2,3}‎且Sn+1‎‎∈{2,3}‎, 因此an+1‎‎=Sn+1‎-Sn∈{-1,0,1}(n∈N‎*‎)‎, 即数列‎{an}‎从第‎2‎项起的不同取值不超过‎3‎个, 进而可知数列‎{an}‎中的项的所有不同取值的个数k≤4‎, 且事实上,取数列‎{an}‎为‎2,1,0,-1,1,0,-1,1,0,-1,⋯‎, 此时相应的k=4‎,Sn‎∈{2,3}‎. 因此k的最大值是‎4‎. 故答案为:‎4‎. ‎ ‎16.【答案】‎ ‎3‎ ‎【解答】‎ 解法一:由题意 OC‎→‎‎⋅OA‎→‎=mOA‎→‎⋅OA‎→‎+nOB‎→‎⋅‎OA‎→‎OC‎→‎‎⋅OB‎→‎=mOA‎→‎⋅OB‎→‎+nOB‎→‎⋅‎OB‎→‎‎(*) ‎而由tanα=7‎,得sinα=‎7‎‎5‎‎2‎,cosα=‎‎1‎‎5‎‎2‎, OA‎→‎‎⋅OB‎→‎=1×1×cosα+‎π‎4‎=cosα⋅π‎4‎⋅cosπ‎4‎-sinα⋅sinπ‎4‎=-‎‎3‎‎5‎. 将‎(*)‎式化简为‎1‎‎5‎‎=m-‎3‎‎5‎n①‎‎1=-‎3‎‎5‎m+n②‎ 式①加式②,得m+n=3‎.故填‎3.‎ 解法二(坐标法):如图所示,以OA所在的直线为x轴,过O且垂直于OA的直线为y轴建立平面直角坐标系,由题意结合解法一可得A‎1,0‎,C‎1‎‎5‎‎,‎‎7‎‎5‎,B‎-‎3‎‎5‎,‎‎4‎‎5‎,由OC‎→‎‎=mOA‎→‎+nOB‎→‎,得‎1‎‎5‎‎,‎‎7‎‎5‎‎=m‎1,0‎+n‎-‎3‎‎5‎,‎‎4‎‎5‎, 即‎1‎‎5‎‎=m-‎3‎‎5‎n‎7‎‎5‎‎=‎4‎‎5‎n,解得m=‎‎5‎‎4‎n=‎‎7‎‎4‎, 故m+n=3‎.故填‎3.‎ 解法三(解三角形):由tanα=7‎,可得sinα=‎‎7‎‎2‎‎10‎,cosα=‎‎2‎‎10‎, 如图所示,根据向量的分解,易得 ncos‎45‎‎∘‎+mcosα=‎‎2‎nsin‎45‎‎∘‎-msinα=0‎,即‎2‎‎2‎n+‎2‎‎10‎m=‎‎2‎‎2‎‎2‎n-‎7‎‎2‎‎10‎m=0‎,即‎5n+m=10‎‎5n-7m=0‎, 解得m=‎5‎‎4‎,n=‎‎7‎‎4‎,所以m+n=3‎. ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 ‎17.【答案】‎ ‎-‎‎10‎ ‎【解答】‎ ‎∵ f(x)=cos2x+acosx=2cos‎2‎x+acosx-1‎ 令t=cosx,则‎2‎‎2‎‎≤t≤‎‎3‎‎2‎,f(t)=2t‎2‎+at-1=2(t‎2‎+‎1‎‎2‎at)-1‎ ‎=2(t+a‎4‎‎)‎‎2‎-a‎2‎‎8‎-1‎, ①当‎-a‎4‎≤‎‎2‎‎2‎即a≥2‎‎2‎时,t=‎‎2‎‎2‎时函数有最小值f(‎2‎‎2‎)=2×(‎2‎‎2‎‎)‎‎2‎+‎2‎‎2‎a-1=-‎‎9‎‎4‎, ∴ a=-‎‎9‎‎2‎‎4‎(舍); ②当‎-a‎4‎≥‎‎3‎‎2‎即a≤-2‎‎3‎时,t=‎‎2‎‎2‎时函数有最小值f(‎3‎‎2‎)=2×(‎3‎‎2‎‎)‎‎2‎+‎3‎‎2‎a-1=-‎‎9‎‎4‎, ∴ a=-‎‎11‎‎3‎‎6‎(舍); ③当‎2‎‎2‎‎<-a‎4‎<‎‎3‎‎2‎即‎-2‎3‎-2‎. 故答案为‎-2,+∞‎.‎ ‎(4)解:由不等式组画出平面区域. 得出交点A(2,2)‎,B(1,3)‎,C(1,1)‎. 又∵ x+1‎‎2‎‎+y‎2‎=r‎2‎(r>0)‎与区域有公共点, ∵ 圆心D(-1,0)‎,点D到x+y=4‎的距离为d‎1‎‎=‎‎5‎‎2‎,‎|DB|=|DA|=‎‎13‎, ∴ rmax‎=‎‎13‎,有交点.rmin‎=|DC|=‎‎5‎. 故答案为‎13‎.‎ ‎(5)解:设直线方程为x=my+1‎, 联立抛物线方程y‎2‎‎=4x得y‎2‎‎-4my-4=0‎,Δ>0‎, ∴ yA‎+yB=4myAyB‎=-4‎. 设AyA‎2‎‎4‎‎,‎yA,ByB‎2‎‎4‎‎,‎yB,M(-1,1)‎, ∵ ‎∠AMB=90‎‎​‎‎∘‎,∴ MA‎→‎‎⋅MB‎→‎=0‎. 即MA‎→‎‎=‎yA‎2‎‎+1‎‎4‎‎,yA-1‎,MB‎→‎‎=‎yB‎2‎‎+1‎‎4‎‎,yB-1‎, 得yA‎2‎‎+1‎‎4‎yB‎2‎‎+1‎‎4‎‎+yA‎-1‎yB‎-1‎=0‎, 得m=‎‎1‎‎2‎,∴ k=‎1‎m=2‎. 故答案为‎2‎.‎ ‎(6)解:由题可得,AM=‎1‎‎4‎AA‎1‎,AG=‎1‎‎2‎AC,N为AA‎1‎中点, 得NG//A‎1‎C,MG//KF,MB//EK. ∴ 面EKF//‎面MBG,面EKF与面ABC所交直线与BG平行, 则A‎1‎C与l所成角即为NG与BG所成角为‎60‎‎​‎‎∘‎. 设AN=a,∵ AC=4=2AG,AB=a, ∴ BG=2‎‎2‎. 又∵ ‎∠NGB=60‎‎​‎‎∘‎,NG=NB, ∴ AN=2‎,即AA‎1‎=4‎, VA-EFK‎=VF-AEK=‎1‎‎3‎×‎1‎‎2‎×|AK|×|AB|×|AC|=‎1‎‎3‎×‎1‎‎2‎×3×2×4=4‎. 故答案为4.‎ ‎22.【答案】‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 解:‎(1)‎当a=5‎时,f(x)=log‎2‎(‎1‎x+5)‎, 由f(x)>0‎得log‎2‎‎(‎1‎x+5)>0‎, 即‎1‎x‎+5>1‎,则‎1‎x‎>-4‎,则‎1‎x‎+4=‎4x+1‎x>0‎, 则x>0‎或x<-‎‎1‎‎4‎, 即不等式的解集为‎{x|x>0或x<-‎1‎‎4‎}‎.‎ ‎(2)‎由f(x)-log‎2‎[(a-4)x+2a-5]=0‎, 得log‎2‎‎(‎1‎x+a)-log‎2‎[(a-4)x+2a-5]=0‎. 即log‎2‎‎(‎1‎x+a)=log‎2‎[(a-4)x+2a-5]‎, 即‎1‎x‎+a=(a-4)x+2a-5>0‎,① 则‎(a-4)x‎2‎+(a-5)x-1=0‎, 即‎(x+1)[(a-4)x-1]=0‎,② 当a=4‎时,方程②的解为x=-1‎,代入①,成立, 当a=3‎时,方程②的解为x=-1‎,代入①,成立, 当a≠4‎且a≠3‎时,方程②的解为x=-1‎或x=‎‎1‎a-4‎, 若x=-1‎是方程①的解,则‎1‎x‎+a=a-1>0‎,即a>1‎, 若x=‎‎1‎a-4‎是方程①的解,则‎1‎x‎+a=2a-4>0‎,即a>2‎, 则要使方程①有且仅有一个解,则‎10‎得log‎2‎‎(‎1‎x+5)>0‎, 即‎1‎x‎+5>1‎,则‎1‎x‎>-4‎,则‎1‎x‎+4=‎4x+1‎x>0‎, 则x>0‎或x<-‎‎1‎‎4‎, 即不等式的解集为‎{x|x>0或x<-‎1‎‎4‎}‎.‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 ‎(2)‎由f(x)-log‎2‎[(a-4)x+2a-5]=0‎, 得log‎2‎‎(‎1‎x+a)-log‎2‎[(a-4)x+2a-5]=0‎. 即log‎2‎‎(‎1‎x+a)=log‎2‎[(a-4)x+2a-5]‎, 即‎1‎x‎+a=(a-4)x+2a-5>0‎,① 则‎(a-4)x‎2‎+(a-5)x-1=0‎, 即‎(x+1)[(a-4)x-1]=0‎,② 当a=4‎时,方程②的解为x=-1‎,代入①,成立, 当a=3‎时,方程②的解为x=-1‎,代入①,成立, 当a≠4‎且a≠3‎时,方程②的解为x=-1‎或x=‎‎1‎a-4‎, 若x=-1‎是方程①的解,则‎1‎x‎+a=a-1>0‎,即a>1‎, 若x=‎‎1‎a-4‎是方程①的解,则‎1‎x‎+a=2a-4>0‎,即a>2‎, 则要使方程①有且仅有一个解,则‎1