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- 2021-06-21 发布
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【2020年高考数学预测题】上海市高考数学试卷(理科)2【附详细答案和解析_可编辑】
学校:__________ 班级:__________ 姓名:__________ 考号:__________
一、 选择题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 , )
1. “10)与区域D有公共点,则厂的最大值为________.
21.
(5)已知点 M(-1,1) 和抛物线 C:y2=4x 过C的焦点且斜率为L的直线与C交于A,B两点.
∠AMB=90∘ ,则 k=
21.
(6)如右图,直三棱柱 ABC-A1B1C1 AB⊥AC, AB=2, AC=4
E是 BB1 的中点, A1K=CF=14AA1
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,设过E,P,K三点的平面与
底面ABC的交线为1,若1与 A1C 折成角为 60∘
则三棱锥 A-EFK 的体积为________.
22. 已知a∈R,函数f(x)=log2(1x+a).
(1)当a=5时,解不等式f(x)>0;
(2)若关于x的方程f(x)-log2[(a-4)x+2a-5]=0的解集中恰好有一个元素,求a的取值范围;
(3)设a>0,若对任意t∈[12, 1],函数f(x)在区间[t, t+1]上的最大值与最小值的差不超过1,求a的取值范围.
23. 已知曲线f(x)=log2(x+1)x+1(x>0)上有一点列Pn(xn, yn)(n∈N*),过点Pn在x轴上的射影是Qn(xn, 0),且x1+x2+x3+...+xn=2n+1-n-2.(n∈N*)
(1)求数列{xn}的通项公式;
(2)设四边形PnQnQn+1Pn+1的面积是Sn,求Sn;
(3)在(2)条件下,求证:1S1+12S2+...+1nSn<4.
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参考答案与试题解析
【2020年高考数学预测题】上海市高考数学试卷(理科)2【附详细答案和解析_可编辑】
一、 选择题 (本题共计 4 小题 ,每题 5 分 ,共计20分 )
1.【答案】
C
【解答】
解:当m=2时,方程x2m-1+y23-m=1为x2+y2=1,该方程表示圆.
若方程x2m-1+y23-m=1表示椭圆,则m-1>3-m>0或0=-12⋅2=-12,
∴ 直线A1D与平面D1DE所成的角为30∘.
故答案为90∘,30∘.
11.【答案】
.
【解答】
由sin(α)cosα,得
sinαcoscosαsin,
即,
∴ tanα=(3)
则sin2α.
12.【答案】
112
【解答】
解:∵ 在(3x-2x)n的二项式中,所有的二项式系数之和为256,
∴ 2n=256,解得n=8,
∴ (3x-2x)8
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中,Tr+1=C8r(3x)8-r(-2x)r=(-2)rC8rx8-4r3,
∴ 当8-4r3=0,即r=2时,常数项为T3=(-2)2C82=112.
故答案为:112.
13.【答案】
π3
【解答】
解:∵ 根据题意得b2-c2=ab-a2,
即b2+a2-c2=ab.
∵ cosC=a2+b2-c22ab,
∴ cosC=ab2ab=12,
∴ C=π3.
故答案为:π3.
14.【答案】
1e
【解答】
解:设切点为(x0, lnx0+1),
则切线为y=1x0(x-x0)+lnx0+1
=1x0x+lnx0,
∴ 1x0=a,b=lnx0,
∴ ab=lnx0x0,
令g(x)=lnxx,
则g'(x)=1-lnxx2,
∴ g(x)在(0, e)上单调递增,在(e, +∞)上单调递减,
则g(x)max=g(e)=1e.
故答案为:1e.
15.【答案】
4
【解答】
解:依题意得,a1=S1∈{2,3},Sn∈{2,3}且Sn+1∈{2,3},
因此an+1=Sn+1-Sn∈{-1,0,1}(n∈N*),
即数列{an}从第2项起的不同取值不超过3个,
进而可知数列{an}中的项的所有不同取值的个数k≤4,
且事实上,取数列{an}为2,1,0,-1,1,0,-1,1,0,-1,⋯,
此时相应的k=4,Sn∈{2,3}.
因此k的最大值是4.
故答案为:4.
16.【答案】
3
【解答】
解法一:由题意
OC→⋅OA→=mOA→⋅OA→+nOB→⋅OA→OC→⋅OB→=mOA→⋅OB→+nOB→⋅OB→(*)
而由tanα=7,得sinα=752,cosα=152,
OA→⋅OB→=1×1×cosα+π4=cosα⋅π4⋅cosπ4-sinα⋅sinπ4=-35.
将(*)式化简为15=m-35n①1=-35m+n②
式①加式②,得m+n=3.故填3.
解法二(坐标法):如图所示,以OA所在的直线为x轴,过O且垂直于OA的直线为y轴建立平面直角坐标系,由题意结合解法一可得A1,0,C15,75,B-35,45,由OC→=mOA→+nOB→,得15,75=m1,0+n-35,45,
即15=m-35n75=45n,解得m=54n=74,
故m+n=3.故填3.
解法三(解三角形):由tanα=7,可得sinα=7210,cosα=210,
如图所示,根据向量的分解,易得
ncos45∘+mcosα=2nsin45∘-msinα=0,即22n+210m=222n-7210m=0,即5n+m=105n-7m=0,
解得m=54,n=74,所以m+n=3.
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17.【答案】
-10
【解答】
∵ f(x)=cos2x+acosx=2cos2x+acosx-1
令t=cosx,则22≤t≤32,f(t)=2t2+at-1=2(t2+12at)-1
=2(t+a4)2-a28-1,
①当-a4≤22即a≥22时,t=22时函数有最小值f(22)=2×(22)2+22a-1=-94,
∴ a=-924(舍);
②当-a4≥32即a≤-23时,t=22时函数有最小值f(32)=2×(32)2+32a-1=-94,
∴ a=-1136(舍);
③当22<-a4<32即-23-2.
故答案为-2,+∞.
(4)解:由不等式组画出平面区域.
得出交点A(2,2),B(1,3),C(1,1).
又∵ x+12+y2=r2(r>0)与区域有公共点,
∵ 圆心D(-1,0),点D到x+y=4的距离为d1=52,|DB|=|DA|=13,
∴ rmax=13,有交点.rmin=|DC|=5.
故答案为13.
(5)解:设直线方程为x=my+1,
联立抛物线方程y2=4x得y2-4my-4=0,Δ>0,
∴ yA+yB=4myAyB=-4.
设AyA24,yA,ByB24,yB,M(-1,1),
∵ ∠AMB=90∘,∴ MA→⋅MB→=0.
即MA→=yA2+14,yA-1,MB→=yB2+14,yB-1,
得yA2+14yB2+14+yA-1yB-1=0,
得m=12,∴ k=1m=2.
故答案为2.
(6)解:由题可得,AM=14AA1,AG=12AC,N为AA1中点,
得NG//A1C,MG//KF,MB//EK.
∴ 面EKF//面MBG,面EKF与面ABC所交直线与BG平行,
则A1C与l所成角即为NG与BG所成角为60∘.
设AN=a,∵ AC=4=2AG,AB=a,
∴ BG=22.
又∵ ∠NGB=60∘,NG=NB,
∴ AN=2,即AA1=4,
VA-EFK=VF-AEK=13×12×|AK|×|AB|×|AC|=13×12×3×2×4=4.
故答案为4.
22.【答案】
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解:(1)当a=5时,f(x)=log2(1x+5),
由f(x)>0得log2(1x+5)>0,
即1x+5>1,则1x>-4,则1x+4=4x+1x>0,
则x>0或x<-14,
即不等式的解集为{x|x>0或x<-14}.
(2)由f(x)-log2[(a-4)x+2a-5]=0,
得log2(1x+a)-log2[(a-4)x+2a-5]=0.
即log2(1x+a)=log2[(a-4)x+2a-5],
即1x+a=(a-4)x+2a-5>0,①
则(a-4)x2+(a-5)x-1=0,
即(x+1)[(a-4)x-1]=0,②
当a=4时,方程②的解为x=-1,代入①,成立,
当a=3时,方程②的解为x=-1,代入①,成立,
当a≠4且a≠3时,方程②的解为x=-1或x=1a-4,
若x=-1是方程①的解,则1x+a=a-1>0,即a>1,
若x=1a-4是方程①的解,则1x+a=2a-4>0,即a>2,
则要使方程①有且仅有一个解,则10得log2(1x+5)>0,
即1x+5>1,则1x>-4,则1x+4=4x+1x>0,
则x>0或x<-14,
即不等式的解集为{x|x>0或x<-14}.
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(2)由f(x)-log2[(a-4)x+2a-5]=0,
得log2(1x+a)-log2[(a-4)x+2a-5]=0.
即log2(1x+a)=log2[(a-4)x+2a-5],
即1x+a=(a-4)x+2a-5>0,①
则(a-4)x2+(a-5)x-1=0,
即(x+1)[(a-4)x-1]=0,②
当a=4时,方程②的解为x=-1,代入①,成立,
当a=3时,方程②的解为x=-1,代入①,成立,
当a≠4且a≠3时,方程②的解为x=-1或x=1a-4,
若x=-1是方程①的解,则1x+a=a-1>0,即a>1,
若x=1a-4是方程①的解,则1x+a=2a-4>0,即a>2,
则要使方程①有且仅有一个解,则1
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