2020高考数学二轮复习练习：第二部分 专题二 高考解答题的审题与答题示范（二）含解析 2页

高考解答题的审题与答题示范(二)‎ 数列类解答题 ‎[思维流程]——数列问题重在“归”——化归 ‎[审题方法]——审结构 结构是数学问题的搭配形式，某些问题已知的数式结构中常常隐含着某种特殊的关系．审视结构要对结构进行分析、加工和转化，以实现解题突破．‎ 典例 ‎(本题满分12分)已知{an}为等差数列，前n项和为Sn(n∈N*)，{bn}是首项为2的等比数列，且公比大于0，b2＋b3＝12，b3＝a4－2a1，S11＝11b4.‎ ‎(1)求{an}和{bn}的通项公式；‎ ‎(2)求数列{a2nb2n－1}的前n项和(n∈N*).‎ 审题路线 ‎(1)要求{an}和{bn}的通项公式⇒需求{an}的首项a1和公差d；{bn}的首项b1和公比q.‎ ‎(2)由(1)知a2nb2n－1＝(3n－1)4n⇒分析a2nb2n－1的结构：{3n－1}是等差数列，{4n}是等比数列⇒符合错位相减法求和的特点.‎ 标准答案 阅卷现场 ‎(1)设等差数列{an}的公差为d，等比数列{bn}的公比为q.由已知b2＋b3＝12，得b1(q＋q2)＝12，‎ 而b1＝2，所以q2＋q－6＝0.①‎ 又因为q＞0，解得q＝2，所以bn＝2n.②‎ 由b3＝a4－2a1，可得3d－a1＝8(ⅰ)‎ 化归成基本量.‎ 由S11＝11b4，可得a1＋5d＝16(ⅱ).‎ 联立(ⅰ)(ⅱ)，解得a1＝1，d＝3，③‎ 由此可得an＝3n－2.④‎ 所以数列{an}的通项公式为an＝3n－2，‎ 数列{bn}的通项公式为bn＝2n.‎ ‎(2)设数列{a2nb2n－1}的前n项和为Tn，由a2n＝6n－2，b2n－1＝2×4n－1，得a2nb2n－1＝(3n－1)×4n，⑤‎ 故Tn＝2×4＋5×42＋8×43＋…＋(3n－1)×4n，(*)⑥‎ ‎4Tn＝2×42＋5×43＋8×44＋…＋(3n－4)×4n＋(3n－1)×4n＋1，(**)⑦‎ ‎(*)－(**)得－3Tn＝2×4＋3×42＋3×43＋…＋3×4n 化归成等比数列－(3n－1)×4n＋1＝－(3n－2)×4n＋1－8.⑧‎ 得Tn＝×4n＋1＋.⑨‎ 所以数列{a2nb2n－1}的前n项和为×4n＋1＋.‎ 第(1)问 第(2)问 得 分 点 ‎①‎ ‎②‎ ‎③‎ ‎④‎ ‎⑤‎ ‎⑥‎ ‎⑦‎ ‎⑧‎ ‎⑨‎ ‎2‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎1‎ ‎6分 ‎6分 第(1)问踩点得分说明 ‎①正确求出q2＋q－6＝0得2分；‎ ‎②根据等比数列的通项公式求出通项公式bn＝2n得1分，通项公式使用错误不得分；‎ ‎③求出a1＝1，d＝3得2分；‎ ‎④根据等差数列的通项公式求出通项公式an＝3n－2得1分，通项公式使用错误不得分.‎ 第(2)问踩点得分说明 ‎⑤正确写出a2nb2n－1＝(3n－1)×4n得1分；‎ ‎⑥正确写出Tn＝2×4＋5×42＋8×43＋…＋(3n－1)×4n得1分；‎ ‎⑦正确写出4Tn得1分；‎ ‎⑧由两式相减得出－3Tn＝－(3n－2)×4n＋1－8正确得2分，错误不得分；‎ ‎⑨正确计算出Tn＝×4n＋1＋得1分.‎ ‎ ‎