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- 2021-06-30 发布
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第1讲 选择、填空题的4种特殊解法
方法一 特值(例)排除法
方法诠释
使用前提
使用技巧
常见问题
特例法是根据题设和各选项的具体情况和特点,选取满足条件的特殊的数值、特殊的点、特殊的例子、特殊的图形、特殊的位置、特殊的函数、特殊的方程、特殊的数列等,针对各选项进行代入对照,结合排除法,从而得到正确的答案.
满足当一般性结论成立时,对符合条件的特殊化情况也一定成立.
找到满足条件的合适的特殊化例子,或举反例排除,有时甚至需要两次或两次以上特殊化例子才可以确定结论.
求范围、比较大小、含字母求值、恒成立问题、任意性问题等.而对于函数图象的判别、不等式、空间线面位置关系等不宜直接求解的问题,常通过排除法解决.
真题示例
技法应用
(2019·高考全国卷Ⅰ)函数f(x)=在[-π,π]的图象大致为( )
取特殊值x=π,结合函数的奇偶性进行排除,答案选D.
答案:D
(2019·高考全国卷Ⅱ)若a>b,则( )
A.ln(a-b)>0 B.3a<3b
C.a3-b3>0 D.|a|>|b|
取a=-1,b=-2,则a>b,可验证A,B,D错误,只有C正确.
答案:C
(2018·高考全国卷Ⅲ)函数y=-x4+x2+2的图象大致为( )
当x=0时,y=2,排除A,B;当x=0.5时,x2>x4,所以此时y>2,排除C,故选D.
答案:D
(2017·高考全国卷Ⅰ)已知α∈,tan α=2,则cos=__________.
取角α终边上的特殊点(1,2),利用定义代入计算,求sin α,cos α.答案为.
答案:
(2017·高考全国卷Ⅰ)函数f(x)在(-∞,+∞)单调递减,且为奇函数.若f(1)=-1,则满足-1≤f(x-2)≤1的x的取值范围是( )
A.[-2,2] B.[-1,1]
C.[0,4] D.[1,3]
当x=4时,f(x-2)=f(2)3,则x0的取值范围为( )
A.(-∞,0)∪(2,+∞) B.(0,2)
C.(-∞,-1)∪(3,+∞) D.(-1,3)
解析:选C.取x0=1,则f(1)=+1=<3,故x0≠1,排除B,D;取x0=3,则f(3)=log28=3,故x0≠3,排除A.故选C.
2.如果a1,a2,a3,…,an为各项都大于零的等差数列,公差d≠0,则下列关系正确的为( )
A.a1a8>a4a5 B.a1a8a4+a5 D.a1a8=a4a5
解析:选B.取特殊数列,不妨设an=n,则a1=1,a4=4,a5=5,a8=8,经检验,只有选项B成立.
3.函数f(x)=的图象是( )
解析:选C.因为x≠±1,所以排除A;因为f(0)=1,所以函数f(x)的图象过点(0,1),排除D;因为f==,所以排除B,故选C.
4.如图,点P为椭圆+=1上第一象限内的任意一点,过椭圆的右顶点A、上顶点B分别作y轴、x轴的平行线,它们相交于点C,过点P引BC,AC的平行线交AC于点N,交BC于点M,交AB于D、E两点,记矩形PMCN的面积为S1,三角形PDE的面积为S2,则S1∶S2=( )
A.1 B.2
C. D.
解析:选A.不妨取点P,
则可计算S1=×(5-4)=,
由题易得PD=2,PE=,
所以S2=×2×=,
所以S1∶S2=1.
5.若函数y=f(x)对定义域D中的每一个x1,都存在唯一的x2∈D,使f(x1)·f(x2)=1成立,则称f(x)为“影子函数”,有下列三个命题:( )
①“影子函数”f(x)的值域可以是R;
②“影子函数”f(x)可以是奇函数;
③若y=f(x),y=g(x)都是“影子函数”,且定义域相同,则y=f(x)·g(x)是“影子函数”.
上述命题正确的序号是( )
A.① B.②
C.③ D.②③
解析:选B.对于①:假设“影子函数”的值域为R,则存在x1,使得f(x1)=0,此时不存在x2,使得f(x1)f(x2)=1,所以①错;
对于②:函数f(x)=x(x≠0),对任意的x1∈(-∞,0)∪(0,+∞),取x2=,则f(x1)f(x2)=1,又因为函数f(x)=x(x≠0)为奇函数,所以“影子函数”f(x)可以是奇函数,②正确;
对于③:函数f(x)=x(x>0),g(x)=(x>0)都是“影子函数”,但F(x)=f(x)g(x)=1(x>0)不是“影子函数”(因为对任意的x1∈(0,+∞),存在无数多个x2∈(0,+∞),使得F(x1)·F(x2)=1),所以③错.综上,应选B.
6.(一题多解)已知E为△ABC的重心,AD为BC边上的中线,令=a,=b,过点E的直线分别交AB,AC于P,Q两点,且=ma,=nb,则+=( )
A.3 B.4
C.5 D.
解析:选A.由于直线PQ是过点E的一条“动”直线,所以结果必然是一个定值.故可利用特殊直线确定所求值.
法一:如图1,令PQ∥BC,
则=,=,此时,m=n=,
故+=3.故选A.
法二:如图2,直线BE与直线PQ重合,此时,=,=,故m=1,n=,所以+
=3.故选A.
7.如图,在三棱柱的侧棱A1A和B1B上各有一动点P,Q满足A1P=BQ,过P,Q,C三点的截面把棱柱分成两部分,则其体积之比为( )
A.3∶1 B.2∶1
C.4∶1 D.∶1
解析:选B.将P,Q置于特殊位置:P→A1,Q→B,此时仍满足条件A1P=BQ(=0),则有VCAA1B=VA1ABC=.因此过P、Q、C三点的截面把棱柱分成体积比为2∶1的两部分.
8.已知AD,BE分别是△ABC的中线,若||=||=1,且与的夹角为120°,则·=________.
解析:若△ABC为等边三角形,则||=,
所以·=||||cos 60°=.
答案:
方法二 验证法
方法诠释
使用前提
使用技巧
常见问题
验证法是把选项代入题干中进行检验,或反过来从题干中找合适的验证条件,代入各选项进行检验,从而可否定错误选项而得到正确选项的一种方法.
存在唯一正确选项.
可以结合特例法、排除法等先否定一些明显错误的选项,再选择直觉认为最有可能的选项进行验证,这样可以快速获得答案.
题干信息不全、选项是数值或范围、正面求解或计算烦琐的问题等.
真题示例
技法应用
(2017·高考山东卷)若a>b>0,且ab=1,则下列不等式成立的是( )
A.a+<4,x-ay≤2},则( )
A.对任意实数a,(2,1)∈A
B.对任意实数a,(2,1)∉A
C.当且仅当a<0时,(2,1)∉A
D.当且仅当a≤时,(2,1)∉A
对a取数字验证.a=0时,A错;a=2时,B错;a=时,C错.所以选D.
答案:D
(2018·高考全国卷Ⅰ)已知函数f(x)=2cos2x-sin2x+2,则( )
A.f(x)的最小正周期为π,最大值为3
B.f(x)的最小正周期为π,最大值为4
C.f(x)的最小正周期为2π,最大值为3
D.f(x)的最小正周期为2π,最大值为4
当sin x=0,cos x=1时,函数值为4,所以A,C错;把x+π代入验证,可得f(x+π)=f(x),说明D错.故选B.
答案:B
(2018·高考全国卷Ⅲ)下列函数中,其图象与函数y=ln x的图象关于直线x=1对称的是( )
A.y=ln(1-x) B.y=ln(2-x)
C.y=ln(1+x) D.y=ln(2+x)
函数y=ln x的图象过定点(1,0),而(1,0)关于直线x=1对称的点还是(1,0),将(1,0)代入选项验证.
答案:B
(2017·高考全国卷Ⅰ)设A、B是椭圆C:+=1长轴的两个端点.若C上存在点M满足∠AMB=120°,则m的取值范围是( )
A.(0,1]∪[9,+∞) B.(0,]∪[9,+∞)
C.(0,1]∪[4,+∞) D.(0,]∪[4,+∞)
选取四个选项的差异值m=,m=4代入验证.
答案:A
1.下列函数中,在其定义域内既是增函数又是奇函数的是( )
A.y=- B.y=-log2x
C.y=3x D.y=x3+x
解析:选D.y=-在(0,+∞),(-∞,0)上单调递增,但是在整个定义域内不是单调递增函数,故A错误;
y=-log2x的定义域(0,+∞)关于原点不对称,不是奇函数,故B错误;
y=3x不是奇函数,故C错误;
令f(x)=y=x3+x,f(-x)=(-x)3+(-x)=-x3-x=-f(x),是奇函数,且由幂函数的性质可知函数在R上单调递增,故D正确,故选D.
2.下列函数为偶函数的是( )
A.y=x2sin x B.y=x2cos x
C.y=|ln x| D.y=2-x
解析:选B.因为y=x2是偶函数,y=sin x是奇函数,y=cos x是偶函数,所以A选项为奇函数,B选项为偶函数;C选项中函数图象是把对数函数y=ln x的图象在x轴下方部分翻折到x轴上方,其余部分的图象保持不变,故为非奇非偶函数;D选项为指数函数y=()x,是非奇非偶函数.故选B.
3.设函数f(x)=cos,则下列结论错误的是( )
A.f(x)的一个周期为-π
B.y=f(x)的图象关于直线x=对称
C.f的一个零点为x=-
D.f(x)在区间上单调递减
解析:选C.f(x)=cos的周期为T=kπ,所以A对;当x=时,2x-=π,cos π=-1,所以B对;f(x+)=cos(2x+),x=-时,2x+=0,cos 0=1≠0,所以C错;x∈时,2x-∈,y=cos x在上递减,所以D对.故选C.
4.已知函数f(x)=为奇函数,g(x)=ln x-2f(x),则函数g(x)的零点所在区间为( )
A.(0,1) B.(1,2)
C.(2,3) D.(3,4)
解析:选C.函数f(x)=为奇函数,可得a=0,则g(x)=ln x-2f(x)=ln x-,显然函数g(x)为增函数,且有g(1)=ln 1-2=-2<0,g(2)=ln 2-1<0,g(3)=ln 3->0,g(4)=ln 4->0,g(2)g(3)<0,故函数g(x)的零点所在区间为(2,3),故选C.
5.已知函数f(x)=sin(其中ω>0)图象的一条对称轴为直线x=,则ω的最小值为( )
A.2 B.4
C.10 D.16
解析:选B.(从选项验证)若ω=2,则当x=时,f(x)=sin=,不符合题意;若ω=4,则当x=时,f(x)=sin=1,符合题意,所以ω的最小值为4.
6.已知函数f(x)=-x3-7x+sin x,若f(a2)+f(a-2)>0,则实数a的取值范围是( )
A.(-∞,1) B.(-∞,3)
C.(-1,2) D.(-2,1)
解析:选D.(从选项验证)若a=1,则f(a2)+f(a-2)=f(1)+f(-1)=0,不满足f(a2)+f(a-2)>0,所以B,C错;若a=-2,则f(a2)+f(a-2)=f(4)+f(-4)=0,也不满足f(a2)+f(a-2)>0,所以A错.故选D.
方法三 估算法
方法诠释
使用前提
使用技巧
常见问题
由于选择题提供了唯一
针对一些复杂的、 不易准确求值的与计算有关的命题,
对于数值计算,
正确的答案,又不需写出过程,因此可以通过猜测、合情推理、估算获得答案,这样往往可以减少运算量.估算省去了很多推导过程和复杂的计算,节省时间.
常与特值法结合起来使用.
常采用放缩估算、整体估算、近似估算、特值估算等;对于几何体问题,常进行分割、拼凑、位置估算.
求几何体的表面积、几何体的体积、三角函数的值、离心率、参数的范围等.
真题示例
技法应用
(2019·高考全国卷Ⅰ)
古希腊时期,人们认为最美人体的头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是(≈0.618,称为黄金分割比例),著名的“断臂维纳斯”便是如此.此外,最美人体的头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比也是.若某人满足上述两个黄金分割比例,且腿长为105 cm,头顶至脖子下端的长度为26 cm,则其身高可能是( )
A.165 cm B.175 cm
C.185 cm D.190 cm
设某人身高为m cm,脖子下端至肚脐的长度为n cm,则由腿长为105 cm,可得>≈0.618,解得m>169.890.
由头顶至脖子下端的长度为26 cm,
可得>≈0.618,解得n<42.071.
由已知可得=≈0.618,解得m<178.218.
综上,此人身高m满足169.8901,0c>a.故选B.
答案:B
(2018·高考全国卷Ⅲ)设A,B,C,D是同一个半径为4的球的球面上四点,△ABC为等边三角形且其面积为9,则三棱锥DABC体积的最大值为( )
A.12 B.18 C.24 D.54
等边三角形ABC的面积为9,显然球心不是此三角形的中心,所以三棱锥体积最大时,三棱锥的高应在区间(4,8)内,所以×9×41,估算e的范围.答案为C.
答案:C
1.已知a=log2e,b=ln 2,c=log,则a,b,c的大小关系为( )
A.a>b>c B.b>a>c
C.c>b>a D.c>a>b
解析:选D.a=log2e>1,b=ln 2=∈(0,1),c=log=log23>log2e,据此可得c>a>b.故选D.
2.某班设计了一个八边形的班徽(如图所示),它由四个腰长为1,顶角为α的等腰三角形和一个正方形组成,则该八边形的面积为( )
A.2sin α-2cos α+2 B.sin α-cos α+3
C.3sin α-cos α+1 D.2sin α-cos α+1
解析:选A.当顶角α→π时,八边形几乎是边长为2的正方形,面积接近于4,四个选项中,只有A符合,故选A.
3.P为双曲线-=1(a>0,b>0)右支上的一点,F1,F2分别是双曲线的左、右焦点,则△PF1F2的内切圆圆心的横坐标为( )
A.a B.b
C. D.a+b-
解析:选A.如图,
点P沿双曲线向右顶点无限接近时,△PF1F2的内切圆越来越小,直至“点圆”,此“点圆”应为右顶点,则内切圆圆心的横坐标为a,故选A.
4.若0<α<β<,sin α+cos α=a,sin β+cos β=b,则( )
A.ab
C.ab<1 D.ab>2
解析:选A.若α→0,则sin α+cos α=a→1.若β→,则sin β+cos β=b→,从而b>a,结合选项分析,应选A.
5.如图,在多面体ABCDEF中,已知平面ABCD是边长为3的正方形,EF∥AB,EF=,EF与平面ABCD的距离为2,则该多面体的体积为( )
A. B.5
C.6 D.
解析:选D.连接BE,CE,四棱锥EABCD的体积为VEABCD=×3×3×2=6,多面体ABCDEF的体积大于四棱锥EABCD的体积,即所求几何体的体积V>VEABCD=6,
而四个选项里面大于6的只有,故选D.
方法四 构造法
方法诠释
使用前提
使用技巧
常见问题
构造法是一种创造性的解题方法,它很好地体现了数学中的发散、类比、转化思想.利用已知条件和结论的特殊性构造函数、数列、方程或几何图形等,从而简化推理与计算过程,使较复杂的或不易求解的数学问题简单化.
构造法来源于对基础知识和基本方法的积累,需要从一般的方法原理中进行提炼概括,积极联想,横向类比,从类似的问题中找到构造的灵感.
所构造的函数、方程、图形等要合理,不能超出原题的限制条件.
对于不等式、方程、函数问题常采用构造新函数,对于不规则的几何体常构造成规则几何体处理.
比较大小、函数导数问题、不规则的几何体问题等.
真题示例
技法应用
(2019·高考全国卷Ⅰ)已知三棱锥PABC的四个顶点在球O的球面上,PA=PB=PC,△ABC是边长为2的正三角形,E,F分别是PA,AB的中点,∠CEF=90°,则球O的体积为( )
A.8π B.4π
C.2π D.π
由∠CEF=90°,可得EC,利用余弦定理可求PA=PB=PC=⇒PA⊥PB⊥PC,利用外接球的直径是由该几何体补成的正方体的体对角线求R,可得球的体积.
答案:D
(2019·高考天津卷)设x>0,y>0,x+2y=5,则的最小值为________.
首先把待求式子的分子展开,再把已知条件代入,化简后构造使用基本不等式的条件,由基本不等式即可求解.
答案:4
(2018·高考全国卷Ⅱ)在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=BC=1,AA1=,则异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为( )
A. B.
C. D.
在长方体ABCDA1B1C1D1的面ABB1A1的一侧再补填一个完全一样的长方体ABC2D2A1B1B2A2,研究△AB2D1即可.
答案:C
(2016·高考全国卷Ⅱ)α,β是两个平面,m,n是两条直线,有下列四个命题:
①如果m⊥n,m⊥α,n∥β,那么α⊥β.
②如果m⊥α,n∥α,那么m⊥n.
③如果α∥β,m⊂α,那么m∥β.
④如果m∥n,α∥β,那么m与α所成的角和n与β所成的角相等.
其中正确的命题有________.(填写所有正确命题的编号)
构造正方体,将有关棱与面看作问题中有关线与面,逐一判断.
答案:②③④
(2016·高考全国卷Ⅰ)若a>b>0,0<c<1,则( )
A.logaccb
构造函数y=logcx和y=xc,利用函数的单调性可解决.
答案:B
(2015·高考全国卷Ⅱ)设函数f′(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0,当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围是( )
A.(-∞,-1)∪(0,1) B.(-1,0)∪(1,+∞)
C.(-∞,-1)∪(-1,0) D.(0,1)∪(1,+∞)
据题意构造新函数g(x)=,先求导再解题.
答案:A
1.已知定义在R上的可导函数f(x)的导函数为f′(x),满足f′(x)0.故选B.
2.已知m,n∈(2,e),且-n
B.m2+
D.m,n的大小关系不确定
解析:选A.由不等式可得-0,故函数f(x)在(2,e)上单调递增.因为f(n)f(x)成立,则( )
A.3f(ln 2)>2f(ln 3)
B.3f(ln 2)=2f(ln 3)
C.3f(ln 2)<2f(ln 3)
D.3f(ln 2)与2f(ln 3)的大小关系不确定
解析:选C.令g(x)=,则g′(x)==.因为对任意x∈R都有f′(x)>f(x)成立,所以g′(x)>0,即g(x)在R上单调递增.又ln 2
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