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- 2021-07-01 发布
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大题考法——数列求和问题
A组
1.(2018·辽南协作校一模)已知数列{an}满足a1=1,2an+1=an,数列{bn}满足bn=2-log2a .
(1)求数列{an},{bn}的通项公式;
(2)设数列{bn}的前n项和Tn,求使得2Tn≤4n2+m对任意正整数n都成立的实数m的取值范围.
解:(1)由a1=1,=,an≠0,
∴{an}为首项是1,公比为的等比数列,
∴an=n-1.∴bn=2-log22n=2n+2.
(2)Tn=n2+3n,
∴m≥-2n2+6n任意正整数n都成立,
∵-2n2+6n=-22+,
∴当n=1或2时,Tn的最大值为4,∴m≥4.
2.(2018·石家庄一模)已知数列{an}是各项均为正数的等比数列,若a1=1,a2·a4=16.
(1)设bn=log2an,求数列{bn}的通项公式;
(2)求数列{an·bn}的前n项和Sn.
解:(1)设数列{an}的公比为q(q>0),
由得q4=16,∴q=2,∴an=2n-1.
又bn=log2an,∴bn=n-1.
(2)由(1)可知an·bn=(n-1)·2n-1,
则Sn=0×20+1×21+2×22+…+(n-1)·2n-1 ①,
2Sn=0×21+1×22+2×23+…+(n-1)·2n ②,
①-②得,
-Sn=2+22+23+…+2n-1-(n-1)·2n
=-(n-1)·2n
=2n(2-n)-2,
∴Sn=2n(n-2)+2.
3.(2018·上饶二模)已知数列{an}的前n项和Sn=2n+1+n-2.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn=log2(an-1),求Tn=+++…+.
解:(1)由
则an=2n+1 (n≥2).
当n=1时,a1=S1=3,
综上an=2n+1.
(2)由bn=log2(an-1)=log22n=n.
Tn=+++…+
=+++…+
=+++…+=.
4.(2018·百校联盟联考)已知等比数列{an}的公比为q≠1,前n项和为Sn,a1+a3=,a1-1,a2-1,a3-1分别是一个等差数列的第1项,第2项,第5项.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn=anlgan,求数列{bn}的前n项和Tn.
解:(1)由a1+a3=得,
a1+a1q2==1+q2,
所以a1=1,由a1-1,a2-1,a3-1分别是一个等差数列的第1项,第2项,第5项,
得a3-1-(a1-1)=4[(a2-1)-(a1-1)],
即a3-a1=4(a2-a1),
即q2-1=4(q-1),即q2-4q+3=0,
因为q≠1,所以q=3,所以an=3n-1.
(2)bn=anlgan=(n-1)·3n-1lg 3,
所以Tn=[0+3+2×32+3×33+…+(n-1)×3n-1]lg 3,
3Tn=[0+32+2×33+3×34+…+(n-1)×3n]lg 3,
两式相减得,
-2Tn=[3+32+33+…+3n-1-(n-1)×3n]lg 3
=-(n-1)·3nlg 3
=--·3nlg 3,
所以Tn=+·3nlg 3.
B组
1.(2018·资阳三诊)已知{an}是公差为2的等差数列.数列{bn}满足b1=,b2=,且anbn+1=nbn+bn+1(n∈N*).
(1)求数列{an}和{bn}的通项公式;
(2)设cn=,数列{cn}的前n项和为Sn,证明:Sn<.
(1)解:由题意可知,n=1时,a1b2=b1+b2⇒a1=3,又公差为2,故an=2n+1.
从而有(2n+1)bn+1=nbn+bn+1⇒2bn+1=bn,故数列{bn}是公比为 的等比数列,
又b1=,所以bn=n.
(2)证明:由(1)知
cn===.
故Sn===-<.
2.(2018·河南联考)已知数列{an}中,a1=1,其前n项的和为Sn,且满足an=(n≥2).
(1)求证:数列是等差数列;
(2)证明:当n≥2时,S1+S2+S3+…+Sn<.
证明:(1)当n≥2时,Sn-Sn-1=,Sn-1-Sn=2SnSn-1,
-=2,从而构成以1为首项,2为公差的等差数列.
(2)由(1)可知,=1+(n-1)×2=2n-1,∴Sn=,
∴当n≥2时,
Sn=<=·=,
从而S1+S2+S3+…+Sn<1+<-<.
3.(2018·丹东三模)Sn为数列{an}的前n项和,已知3Sn+2=4an,bn·loga1an·loga1an+1=
1.
(1)求{an}的通项公式;
(2)若数列{bn}的前n项和Tn满足Tn+k<0,求实数k的取值范围.
解:(1)由3Sn+2=4an,可知3Sn+1+2=4an+1.
可得3an+1=4an+1-4an,
易知an≠0,于是=4.
又3a1+2=4a1,得a1=2.
所以{an}是首项为2,公比为4的等比数列,通项公式为an=22n-1.
(2)由an=22n-1可知
bn=
==.
于是Tn==.
不等式Tn+k<0可化为k<-.
因为n∈N*,所以->-,故k≤-.
因此实数k的取值范围为.
4.(2018·长沙三模)若数列{an}的前n项和Sn满足Sn=2an-λ( λ>0,n∈N*).
(1)证明:数列{an}为等比数列,并求an;
(2)若λ=4,bn=(n∈N*),求数列{bn}的前n项和Tn.
(1)证明:由题意可知S1=2a1-λ,即a1=λ;
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(2an-λ)-(2an-1-λ)=2an-2an-1,即an=2an-1;
所以数列{an}是首项为λ,公比为2的等比数列,
所以an=λ×2n-1.
(2)解:由(1)可知当λ=4时an=2n+1,
从而bn=
n为偶数时,Tn=+
=+;
n为奇数时,Tn=Tn+1-bn+1
=+-(n+2)
=+-n-2
=+,
综上,Tn=
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