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- 2021-07-01 发布
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【2020年高考数学预测题】北京市高考数学试卷(文科)3【附详细答案和解析_可编辑】
真水无香陈 tougao33
学校:__________ 班级:__________ 姓名:__________ 考号:__________
一、 选择题 (本题共计 8 小题 ,每题 5 分 ,共计40分 , )
1. 已知集合A={0,1,2,3},B={x|-1≤x<3},则A∩B为( )
A.{1,2} B.{0,1,2} C.{0,1,2,3} D.⌀
2. 复数z=1+ii在复平面内对应的点位于( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
3. 执行如图所示的程序框图,输出的s值为( )
A.12 B.56 C.76 D.712
4. 已知p,q是简单命题,那么“p∧q是真命题”是“¬p是真命题”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
5. 已知数列{an}是等比数列,若a32a9a52=4,则a5=( )
A.2 B.4 C.22 D.14
6. 某四棱锥的三视图如图所示,该四棱锥的四个侧面的面积中最大的是( )
A.3 B.25 C.6 D.35
7. 满足tanA>-1的三角形内角A的取值范围是( )
A.(0, 3π4) B.(0, π2)∪(π2, 3π4)
C.(3π4, π) D.(0, π2)∪(3π4, π)
8. 若x,y满足约束条件2x+y-2≤0,3x-y-3≤0,x≥0, 则z=x-y的最小值为( )
A.-3 B.1 C.-2 D.2
二、 填空题 (本题共计 6 小题 ,每题 5 分 ,共计30分 , )
9. 已知向量a→=(2, 1),b→=(-1, k),若a→⊥b→,则实数k=________.
10. 已知抛物线C:y2=4x,若等边三角形PQF中,P在C上,Q在C的准线上,F为C的焦点,则|PF|=________.
11. 已知 a∈R则“a=16”是“两直线 l1:x+2ay-1=0 l2:(3a-1)x-ay-1=0 平行”的________条件(填“充分非必要”、“必要非充分”、“充要”、“既不充分也不必要”).
12. 若a>1,则双曲线x2a2-y23=1的离心率的取值范围是________.
13. 设x,y满足约束条件x+y-2≥0x-2y+4≥02x-y-4≤0 ,若目标函数z=abx+y(a>0, b>0)
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的最大值为12,则a+b的最小值为________
14. 在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知A=π3,且b,a,c成等差数列,AB→⋅AC→=9,则a=________.
三、 解答题 (本题共计 6 小题 ,每题 13 分 ,共计78分 , )
15. 已知数列{an}的前n项的和为Sn,点(n, Sn)在函数y=2x2+4x图象上.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若函数g(x)=2 -x,数列{bn}满足bn=g(n),记cn=an⋅bn,求数列{cn}的前n项和Tn;
(3)是否存在实数λ,使得当x≤λ时,f(x)=-x2+4x-ann+1≤0对任意n∈N*恒成立?若存在,求出最大的实数λ;若不存在,请说明理由.
16. 已知在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,且cosB+3sinB=2.
(1)求角B的大小;
(2)若cosBb+cosCc=sinA3sinC,求△ABC周长的最大值.
17. 从3男3女共6名学生中任选2名(每名同学被选中的机会相等),则2名都是女同学的概率等于________.
18. 如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,四边形AA1B1B为菱形,AB=AC=BC,D、E、F分别为A1B1,CC1,AA1的中点.
(I)求证:DE // 平面A1BC;
(Ⅱ)若平面ABC⊥平面AA1B1B,求证:AB1⊥CF.
19. 已知函数f(x)=x3-3x2+3x.
(1)求函数f(x)的图象在点x=0处的切线方程;
(2)若f(x)-1≤x3+m在x∈[0, 2]上有解,求m的取值范围;
(3)设f'(x)是函数f(x)的导函数,f''(x)是函数f'(x)的导函数,若函数f''(x)的零点为x0,则点(x0, f(x0))恰好就是该函数f(x)的对称中心.试求f(11010)+f(21010)+⋯+f(20181010)+f(20191010)的值.
20. 已知椭圆C:x2a2+y2b2=1a>b>0的左焦点为F1,离心率为12,直线x+y-2=0被以椭圆的长轴为直径的圆截得的弦长为22.
(1)求椭圆C的方程;
(2)过F1的直线l与椭圆C交于A、B两点且l的斜率为kk≠0,在线段OF1上是否存在一点Pt,0,使得
PA→-PB→⊥PA→+PB→,若存在,求实数t的取值范围.若不存在,说明理由.
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参考答案与试题解析
【2020年高考数学预测题】北京市高考数学试卷(文科)3【附详细答案和解析_可编辑】
一、 选择题 (本题共计 8 小题 ,每题 5 分 ,共计40分 )
1.【答案】
B
【解答】
解:由题意得A∩B={0,1,2}.
故选B.
2.【答案】
D
【解答】
解:z=1+ii=i(1+i)-1=1-i,
∴ 位于第四象限.
故选D.
3.【答案】
D
【解答】
解:k=1 s =1|
第一次执行循环体后,k=2, s =12 ,不满足退出循环的条件;
第二次执行循环体后,k=3, s =56, 不满足退出循环的条件;
第三次执行循环体后,k=4 ,s =712,满足退出循环的条件;
故输出s =712,
故选:D
4.【答案】
D
【解答】
若p∧q是真命题,则p,q都是真命题,则¬p是假命题,即充分性不成立,
若¬p是真命题,则p是假命题,此时p∧q是假命题,即必要性不成立,
故“p∧q是真命题”是“¬p是真命题”的既不充分也不必要条件,
5.【答案】
B
【解答】
根据题意,数列{an}是等比数列,设其公比为q,
若a32a9a52=4,则a32×a3q6(a3q2)2=a3q2=a5=4;
6.【答案】
C
【解答】
该几何体的直观图是
S△VAB=6
S△VBC=S△VAD=3
S△VCD=25
7.【答案】
D
【解答】
解:∵ 0tan0=0>-1,
又∵ tanA>-1=tan(π-π4)=tan3π4,
∴ 在(π2, π)内要有tanA>-1,则A∈(3π4, π),
综上可得:A∈(0, π2)∪(3π4, π)
故选:D.
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8.【答案】
C
【解答】
解:由z=x-y得y=x-z,作出不等式组约束条件2x+y-2≤0,3x-y-3≤0,x≥0, 对应的平面区域如图(阴影部分)
平移直线y=x-z,由图象可知当直线y=x-z过点A时,直线与y轴交点的纵坐标最大,即-z最大.
由x=02x+y-2=0 ,可得A(0, 2)
∴ 目标函数z=x-y的最小值是-2.
故选C.
二、 填空题 (本题共计 6 小题 ,每题 5 分 ,共计30分 )
9.【答案】
2
【解答】
解:∵ a→=(2, 1),b→=(-1, k),且a→⊥b→,
∴ a→⋅b→=2×(-1)+1×k=0,解得k=2
故答案为:2.
10.【答案】
4
【解答】
解:设P(x0,y0),Q(-1,t),则|PF|=x0+1,|PQ|=(x0+1)2+(y0-t)2.
由|PF|=|PQ|得y0=t,故x0-12=1,即x0=3,所以|PF|=x0+1=4.
故答案为:4.
11.【答案】
∀∈R,x2-x+14>0.
【解答】
解:因为特称命题的否定是全称命题,
所以命题: $"exists x_{0} in R$ 使得$x_{0}^{2} - x_{0} + frac{1}{4} leq 0"$的否定是: $"forall in R$,$x^{2} - x + frac{1}{4} > 0"$.
12.【答案】
(1,2)
【解答】
解:由题意知,
e2=a2+3a2=1+3a2<4,
所以e<2.
又e>1,
所以双曲线x2a2-y23=1的离心率的取值范围是(1,2).
故答案为:(1,2).
13.【答案】
22
【解答】
x,y满足约束条件x+y-2≥0x-2y+4≥02x-y-4≤0 的区域是一个四边形,如下图
3个顶点是(2, 0),(0, 2),(4, 4),
由图易得目标函数在(4, 4)取最大值8,
即12=4ab+4,∴ ab=2,
∴ a+b≥2ab=22,在a=b=2时是等号成立,
∴ a+b的最小值为22.
14.【答案】
32
【解答】
解:∵ A=π3,AB→⋅AC→=9,
∴ cosA=AB→⋅AC→|AB→|⋅|AC→|=9bc=12,
∴ bc=18,
∵ b,a,c成等差数列,
cosA=b2+c2-a22bc=4a2-2bc-a22bc
=3a2-2×182×18
=12,
∴ 3a2-36=18,
解得a=32.
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故答案为:32.
三、 解答题 (本题共计 6 小题 ,每题 13 分 ,共计78分 )
15.【答案】
解:(1)由题意,Sn=2n2+4n,
当n≥2时,
an=Sn-Sn-1
=2n2+4n-2(n-1)2+4(n-1)=4n+2,
当n=1时,a1=S1=6,也适合上式.
∴ 数列{an}的通项公式为an=4n+2,n∈N*.
(2)由题意,知bn=g(n)=2-n,
又∵ cn=an⋅bn=(4n+2)⋅2-n,
∴ Tn=6×2-1+10×2-2+14×2-3+
⋯+(4n+2)×2-n,①
∴ 12Tn=6×2-2+10×2-3+⋯+
(4n-2)×2-n+(4n+2)×2-(n+1),②
①-②,得
12Tn=6×2-1+42-2+2-3+⋯+2-n-
(4n+2)×2-(n+1)=5-(2n+5)12n,
∴ Tn=10-(2n+5)12n-1.
(3)假设存在实数λ,使得当x≤λ时,f(x)=-x2+4x-ann+1≤0,对任意n∈N*恒成立,
即-x2+4x≤ann+1对任意n∈N*恒成立.
设dn=ann+1,
∵ an=4n+2,
∴ dn=ann+1=4n+2n+1=4-2n+1是递增数列,
∴ 只要-x2+4x≤d1,
即x2-4x+3≥0,
解得x≤1或x≥3.
∴ 存在最大的实数λ=1,
使得当x≤λ时,f(x)≤0对任意n∈N*恒成立.
【解答】
解:(1)由题意,Sn=2n2+4n,
当n≥2时,
an=Sn-Sn-1
=2n2+4n-2(n-1)2+4(n-1)=4n+2,
当n=1时,a1=S1=6,也适合上式.
∴ 数列{an}的通项公式为an=4n+2,n∈N*.
(2)由题意,知bn=g(n)=2-n,
又∵ cn=an⋅bn=(4n+2)⋅2-n,
∴ Tn=6×2-1+10×2-2+14×2-3+
⋯+(4n+2)×2-n,①
∴ 12Tn=6×2-2+10×2-3+⋯+
(4n-2)×2-n+(4n+2)×2-(n+1),②
①-②,得
12Tn=6×2-1+42-2+2-3+⋯+2-n-
(4n+2)×2-(n+1)=5-(2n+5)12n,
∴ Tn=10-(2n+5)12n-1.
(3)假设存在实数λ,使得当x≤λ时,f(x)=-x2+4x-ann+1≤0,对任意n∈N*恒成立,
即-x2+4x≤ann+1对任意n∈N*恒成立.
设dn=ann+1,
∵ an=4n+2,
∴ dn=ann+1=4n+2n+1=4-2n+1是递增数列,
∴ 只要-x2+4x≤d1,
即x2-4x+3≥0,
解得x≤1或x≥3.
∴ 存在最大的实数λ=1,
使得当x≤λ时,f(x)≤0对任意n∈N*恒成立.
16.【答案】
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∵ cosB+3sinB=2,∴ 2sin(B+π6)=2,∴ sin(B+π6)=1,
∵ 00,c>0,∴ 由基本不等式的ac≤(a+c)24,
∴ (a+c)2-3≤3(a+c)24,解得(a+c)2≤12,
∴ a+c≤23,
又∵ b=3,三角形两边之和大于第三边,
∴ 30,c>0,∴ 由基本不等式的ac≤(a+c)24,
∴ (a+c)2-3≤3(a+c)24,解得(a+c)2≤12,
∴ a+c≤23,
又∵ b=3,三角形两边之和大于第三边,
∴ 30,x1+x2=-8k24k2+3,x1x2=4k2-124k2+3,
x0=-4k24k2+3,y0=3k4k2+3,
因为PA→-PB→=BA→,PA→+PB→=2PM→,∴ AB⊥PM,
即kPM=3k4k2+3-4k24k2+3-t=-1k,
∴ t=-k24k2+3=-14+3k2,
因为4+3k2∈4,+∞,-14+3k2∈-14,0,
所以t∈-14,0.
【解答】
解:(1)以长轴为直径的圆x2+y2=a2,弦长为22=2a2-222,
e=12,解得a2=4,b2=3,c2=1,所以椭圆方程为x24+y23=1.
(2)设Ax1,y1,Bx2,y2,AB中点Mx0,y0,F-1,0,
联立方程y=kx+1,x24+y23=1,得4k2+3x2+8k2x+4k2-12=0,
则Δ>0,x1+x2=-8k24k2+3,x1x2=4k2-124k2+3,
x0=-4k24k2+3,y0=3k4k2+3,
因为PA→-PB→=BA→,PA→+PB→=2PM→,∴ AB⊥PM,
即kPM=3k4k2+3-4k24k2+3-t=-1k,
∴ t=-k24k2+3=-14+3k2,
因为4+3k2∈4,+∞,-14+3k2∈-14,0,
所以t∈-14,0.
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