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  • 2021-11-10 发布

苏科版物理九年级上册第11章、第12章测试题附答案(各一套)

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苏科版物理九年级上册第11章测试题 ‎(时间:90分钟 分值:100分)‎ 一、选择题 ‎1. 如图所示,一个质量为50kg的人,在10s内连续向上跳12个台阶,已知每个台阶的高度为0.2m,则这个人在这段时间内的功率是(g取10N/kg)(   ) ‎ A.1200W     B.10W      C.12W   D.120W ‎【考点】功率的计算 ‎ ‎【分析】解决此题可利用功的公式W=Fs和功率的公式P= 联立求解.‎ ‎【解答】质量为50kg的人,在10s内连续向上跳12个台阶,已知每个台阶的高度为0.2m,那么他做的功W=Fs=500N×0.2m×12=1200J,由功率的公式P= = W=120W;‎ 故选D. 2. 跳远运动的几个阶段如图所示,则运动员( )‎ A.助跑过程中机械能不变 B.起跳后升空的过程中,动能转化为重力势能 C.经过最高点时动能为零 D.经过最高点时重力势能最小 ‎【考点】机械能及其转化 ‎ ‎【分析】动能大小的影响因素:质量、速度.质量越大,速度越大,动能越大;重力势能大小的影响因素:质量、被举得高度.机械能:动能和势能的统称.(机械能=动能+势能)‎ ‎【解答】助跑阶段速度是越来越大的,动能增大,所以机械能是增大的,A不符合题意;起跳后升空的过程中,动能减小,重力势能增大,动能转化为重力势能,B符合题意;在最高点时还具有向前的速度,所以动能不为零,C不符合题意;在最高点时的重力势能是最大的,D不符合题意; 故答案为:B。 3. 下列关于功和能的说法正确的是(   ) ‎ A.被拉开的弹弓具有弹性势能     ‎ B.用力推车而车未动,因为用了力所以推力做了功 C.人造地球卫星从近地点向远地点运动时势能减小,动能增大  ‎ D.速度小的物体动能一定小 ‎【考点】动能和势能的概念,机械能及其转化,是否做功的判断 ‎ ‎【分析】(1)物体由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能;(2)做功的两个必要因素:一是作用在物体上的力;二是物体在力的方向上通过的距离;(3)动能大小与质量和速度有关,重力势能的大小与质量和高度有关.‎ ‎【解答】A.被拉开的弹弓发生了弹性形变,具有弹性势能,A符合题意; B.用力推车而车未动,因为有力而沿力的方向没有距离,所以不做功,B不符合题意; C.人造地球卫星由近地点向远地点运动时,质量不变,高度增大,重力势能增大;速度变小,动能变小,是动能转化为重力势能的过程,C不符合题意; D.物体的动能与物体的质量和速度有关,只知道速度的大小,不能确定动能的大小,D不符合题意. 故答案为:A.‎ ‎4. 甲、乙两台起重机分别从地面匀速吊起质量相等的集装箱到同一高度,甲、乙两台起重机吊起集装箱的速度分别为0.5 m/s和1 m/s,则(  ) ‎ A.甲起重机做功多,功率大 B.乙起重机做功多,功率大 C.甲、乙两台起重机做功一样多,但甲功率大 D.甲、乙两台起重机做功一样多,但乙功率大 ‎【考点】功率大小的比较 ‎ ‎【分析】根据W= Fs = Gh 可知,甲、乙两台起重机做功的关系;根据P=FV可判断两台起重机的功率大小.‎ ‎【解答】根据题意,甲、乙两台起重机分别质量相等的集装箱到同一高度,则货物的重相等,提升的高度也相等,根据 可知,甲、乙两台起重机做功一样多,AB不符合题意; 甲、乙两台起重机吊起集装箱的速度分别为0.5 m/s和1 m/s,根据 可知,拉力相等时,速度大功率大,所以甲起重机功率,乙起重机功率大。 D符合题意。 故答案为:D 5. 用如图所示滑轮组提起重300 N的货物,人所用的拉力为200 N,绳子的自由端被拉下1 m,在此过程中,下列说法不正确的是(  )‎ A.拉力所做的总功为200 J B.滑轮组提升货物所做的有用功为100 J C.额外功为50 J D.滑轮组的机械效率为75%‎ ‎【考点】滑轮(组)的机械效率 ‎ ‎【分析】绳的自由端移动的距离s=nh,然后利用公式W总=Fs计算总功、W有用=Gh计算有用功,最后用有用功除以总功得出滑轮组的机械效率.‎ ‎【解答】A. 拉力为200 N,绳子的自由端被拉下1 m,所以拉力所做的总功为: ‎ ‎,A符合题意; B. 如图有两段绳子拉着动滑轮,所以物体升高的高度为拉力移动距离的一半,即 ,则滑轮组提升货物所做的有用功为:,B不符合题意; C. 额外功为:,C符合题意; D. 滑轮组的机械效率为:,D符合题意; 故答案为:B。 6. 甲、乙两辆汽车在水平公路上行驶,它们的牵引力F甲∶F乙=3∶1,速度v甲∶v乙=4∶1,车重G甲∶G乙=2∶1,则在相等时间内牵引力做的功W甲∶W乙为(  ) ‎ A.3∶1‎ B.6∶1‎ C.12∶1‎ D.24∶1‎ ‎【考点】功的计算及应用 ‎ ‎【分析】根据s=vt求路程之比;再根据W=Fs可求牵引力做的功之比.‎ ‎【解答】解:根据v= 可得,相等时间内,甲、乙两辆汽车在水平公路上移动的距离之比: s甲:s乙=v甲t:v乙t=v甲:v乙=4:1 牵引力做的功之比: W甲:W乙=F甲s甲:F乙s乙= × =12:1 故答案为:C. 7. 一个斜面高为h ,长为l ,该斜面的机械效率为η.现把重为G的物体沿斜面匀速向上移动,则物体受到的滑动摩擦力的大小为(  ) ‎ A.+G B.-G C. D. ‎ ‎【考点】斜面的机械效率 ‎ ‎【分析】此题考查有关斜面机械效率的计算(W有用=Gh;W总=Fs),容易出错的是摩擦力的计算,我们要知道使用斜面时克服摩擦力做的功就是额外功,明确总功应等于有用功与额外功之和.‎ ‎【解答】有用功为: ; 根据 得总功为: ; 则额外功为: 额外功为克服摩擦力所做的功,所以可得摩擦力为:。 D符合题意。 故答案为:D 8. 如图甲所示,木块放在水平面上,用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直线运动,两次拉动木块得到的s-t关系图象如图乙所示。两次对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2‎ ‎,两次拉力的功率分别为P1、P2,下列判断正确的是 (     )‎ A. ‎ F1>F2 ,P1>P2  ‎ B. F1=F2 ,P1>P2  ‎ C. F1>F2 ,P1=P2 ‎ D. F1v2 ,因为拉力功率P=Fv,F1=F2,所以P1>P2 。 故答案为:B。 9. 工人师傅利用如图所示的装置匀速提升重物,不计绳重和摩擦,下列说法正确的是(   ) ‎ A. 增大提升重物的速度,可以增大有用功               ‎ B.减小定滑轮的重力,可以减小额外功 C.增大提升重物的高度,可以提高机械效率           ‎ D.减小动滑轮的重力,可以提高机械效率 ‎【考点】滑轮(组)的机械效率,有用功和额外功 ‎ ‎【分析】(1)滑轮组的机械效率是指有用功和总功的比值,比值越大,机械效率越高.(2)要提高滑轮组的机械效率可以,有用功一定时,减少额外功;额外功一定时,增大有用功.‎ ‎【解答】(1)滑轮组的机械效率η= = = = ,所以机械效率的高低与物体被提升的高度和提升速度无关,故A、C不正确;(2)使用滑轮组时,克服动滑轮重所做功为额外功,由滑轮组的机械效率η= = = = 可知,减小动滑轮重力可减小额外功,定滑轮的重力不影响额外功的多少,故C不正确、D正确. ‎ ‎ 故选:D. 二、填空题 ‎10. 日常生活中很多俗语蕴含着丰富的物理知识.如“爬得高,摔得狠”是因为爬高的人重力势能随着高度的增加而________,摔下来就狠了. ‎ ‎【考点】势能的影响因素 ‎ ‎【分析】根据影响重力势能的因素解答.‎ ‎【解答】“爬得高,摔得狠”是因为爬高的人,高度逐渐增加,而人的质量不不变,所以重力势能随着高度的增加而增大,摔下来就狠了。 故答案为:增加. 11. 如图所示是玩弹弓的情景.经验表明,橡皮筋拉得越长,同样的“子弹”射得越远,这说明橡皮筋的弹性势能与________有关;若橡皮筋被拉的长度相同,而所用“子弹”的质量不同,则质量大的“子弹”射出的距离较小,原因是质量大的“子弹”射出时的________小.‎ ‎【考点】势能的影响因素 ‎ ‎【分析】弹性势能:物体由于发生弹性形变而具的能.物体的弹性形变越大,它的弹性势能就越大.‎ ‎【解答】如图所示是玩弹弓的情景.经验表明,橡皮筋拉得越长,同样的“子弹”射得越远,这说明橡皮筋的弹性势能与橡皮筋的伸长量有关; 若橡皮筋被拉的长度相同,而所用“子弹”的质量不同,则质量大的“子弹”射出的距离较小; 原因是橡皮筋的弹性势能相同,转变为动能时,动能的大小相同,而动能与质量、速度有关,所以动能一定时,质量大的“子弹”射出时的速度小。 故答案为:橡皮筋的伸长量;速度. 12. 如图所示,一滑轮下端悬吊一个重50 N的物体,在拉力F的作用下使物体在2 s内上升了2 m(不计滑轮、绳的重力和摩擦),则拉力F=________N,动滑轮上升的速度是v=________m/s,拉力F所做的功W=________J.‎ ‎【考点】滑轮与功的综合题 ‎ ‎【分析】由图可知,所用的力是重物重力的2倍,移动距离是重物移动距离的;根据速度公式v=求出动滑轮移动的速度;根据W=Fs即可求出拉力做的功.‎ ‎【解答】根据图示可知:该滑轮动滑轮的特殊使用方法,根据动滑轮的特点可知:F=2G,则F=2×50N=100N; F移动的距离是物体移动距离的二分之一,则滑轮在2s内移动的距离为1m,故动滑轮上升的速度:v= = ‎ ‎=0.5m/s; 拉力所做的功:W=Fs=100N×1m=100J. 故答案为:100;0.5;100. 13. 甲、乙两人在相同的水平路面上,分别以1m/s和0.5m/s的速度将两个完全相同的木箱沿直线匀速推动了10m.在此过程中,甲推木箱的力________(填“大于”、“小于”或“等于”)乙推木箱的力;________(填“甲”或“乙”)做功的功率更大. ‎ ‎【考点】功率大小的比较,二力平衡的条件及其应用 ‎ ‎【分析】根据影响摩擦力的因素及二力平衡条件判断甲、乙推力的大小; 根据P= =Fv来计算甲、乙功率的大小.‎ ‎【解答】根据条件,木箱在两种情况下受到的摩擦力相同,因为均做匀速直线运动,所以对木箱的推力相等; 由P= =Fv可知,甲乙对木箱的推力相等,甲的速度大于乙的速度,所以甲的功率大于乙的功率. 故答案为:等于;甲. 14. 小明用如图所示的实验装置探究“杠杆的机械效率”.实验时,将总重为G的钩码挂在杠杆A处,竖直向上匀速拉动弹簧测力计,钩码上升的高度为h,弹簧测力计的示数为F,其移动的距离为s,则杠杆的机械效率η=________(用题中给出的物理量表示).若将钩码移动到B点,仍将它匀速提升h的高度,则弹簧测力计的示数F′________(选填“>”“=”或“<”)F,杠杆的机械效率η′________(选填“>”“=”或“<”)η.‎ ‎【考点】杠杆的机械效率 ‎ ‎【分析】根据η=表示出杠杆的机械效率;根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2,判断弹簧测力计的示数变化;克服摩擦和杠杆自重做的功是额外功,据此分析机械效率的关系.‎ ‎【解答】将总重为G的钩码挂在杠杆A处,竖直向上匀速拉动弹簧测力计,钩码上升的高度为h,弹簧测力计的示数为F,其移动的距离为s,则有用功为:; 拉力做的总功为:; 所以杠杆的机械效率为:; 若将钩码移动到B点,则阻力臂增大,而阻力和动力臂不变,根据 可知,动力应增大,即弹簧测力计的示数F′>F; 若仍将它匀速提升h的高度,有用功不变,由于阻力臂增大,拉力移动的距离将变小,则提升动滑轮所做的额外将减小,效率会提高,所以此时杠杆的机械效率η′>η。 15. 用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组,用它们把相同的重物匀速提升相同的高度.若不计绳重及摩擦,则所用拉力的大小F1________F2 ,两滑轮组的机械效率η甲________η乙.(以上两空均选填“大于”“小于”或“等于”)‎ ‎【考点】滑轮(组)的机械效率 ‎ ‎【分析】不计绳重与机械间摩擦,根据F=(G物+G动)分析拉力的大小关系;根据W有=Gh可知有用功的关系;根据W额=G动h可知额外功的关系;即可根据W总=W有+W额判断总功的关系;根据效率公式η=分析即可.‎ ‎【解答】如图甲有两段绳子承担物重,所以拉力为:; 如图乙有三段绳子承担物重,所以拉力为 ; 所以拉力的大小F1大于F2; 相同的重物匀速提升相同的高度.所以两次的有用功相等; 不计绳重及摩擦时,额外功为提高动滑轮所做的功,因为提升相同的高度,所以额外功也相等,根据 可知,两次的机械效率相等。 故答案为:大于;等于. 16. 如图所示,小强在30 s内用滑轮组将物体A沿水平地面匀速移动6 m,已知物体A重为800 N,它受到的滑动摩擦力为60 N,小强所用拉力为25 N,有用功W有用=________J,此滑轮组的机械效率为________.‎ ‎【考点】滑轮(组)的机械效率 ‎ ‎【分析】根据W=Fs求出拉力做功多少,根据P=求出功率;根据W=fs求出有用功,根据机械效率公式求出机械效率.‎ ‎【解答】物体A受到的滑动摩擦力为60 N,沿水平地面匀速移动6 m,有用功即为克服摩擦力所做的功,所以有用功为: ; 由图知,由三段绳子拉着动滑轮,所以拉力移动距离是物体移动距离的3倍,即 ,小强所用拉力为25 N,所以总功为:; 此滑轮组的机械效率为:‎ ‎。 故答案为:360;80%. 三、实验题 ‎17. 下表是小明做“测量滑轮组的机械效率”实验时收集的有关数据.‎ ‎(1)请你将表格中的数据补充完整:①________;②________;③________. ‎ ‎(2)请在如图中画出实验中滑轮组的绕绳方法.‎ ‎  ‎ ‎(3)用同一滑轮组提升不同重物至同一高度,提升的物重越大,滑轮组的机械效率越________(选填“高”或“低”). ‎ ‎(4)第一次实验中,提升钩码所用的时间为1.5 s,则拉力的功率是________W. ‎ ‎【考点】滑轮(组)机械效率的测量实验 ‎ ‎【分析】根据W有用=Gh计算有用功,根据W总=Fs计算总功,根据η=计算出机械效率;根据h与s的关系判断出承担物重的绳子段数,并绕线;根据P=得出拉力的功率.‎ ‎【解答】(1)①第一次实验中的有用功为:; ②第二次实验的总功为:; ③第三实验的机械效率为:;‎ (2) 由实验数据知,拉力移动的距离是物体升高距离的3倍,所以应有三段绳子拉着动滑轮,根据“奇动,偶定”的规则绕绳,如图: ; ‎ (2) 由三次的实验数据故而,用同一滑轮组提升不同重物至同一高度,提升的物重越大,滑轮组的机械效率越高。‎ ‎(4)第一次实验中,总功为0.21J,提升钩码所用的时间为1.5 s,所以拉力的功率是: 。 18. 小希用如图所示的实验装置探究影响物体动能大小的因素. ‎ ‎(1)本实验运用了物理研究方法中的转换法:用________来表示小球动能的大小.    ‎ ‎(2)小希通过实验探究.发现质量和速度都是影响动能大小的因素,得出实验结论后,又提出了新的问题:物体的质量和速度对物体动能的影响一样大吗?小希查阅了相关资料,收集了一些物体的动能(如表所示),结合生活经验分析表中数据,你认为在“质量”和“速度”这两个因素中,对物体动能影响较大的是________.‎ ‎(3)如图2为某段道路的标志牌,请结合所学知识解释: ‎ ‎①对机动车限定最高行驶速度:________.‎ ‎②对不同车型限定不一样的最高行驶速度:________. ‎ ‎(4)用如图1中的使用装置和器材探究阻力对物体运动的影响,必须增加的器材是______(请从以下三个选项中选择). ‎ A.倾斜程度不同的斜面                  ‎ B.粗糙程度不同的水平面                  ‎ C.质量不同的钢球 ‎【考点】探究影响物体动能大小的因素 ‎ ‎【分析】探究动能大小的影响因素,用到转换法(小球的动能无法直接比较,通过木块被撞后移动距离的大小反映动能的大小)和控制变量法(当研究动能大小与质量的关系时,要让质量不同的小球沿斜面的同一高度下落,这样保证下落速度相同,质量不同;当研究动能大小与速度的关系时,应选择同一小球从不同的高度释放,这样可以保证小车的质量相同,速度不同).‎ ‎【解答】因为一个物体动能的大小我们无法直接看出来,所以实验就采用了转换法来研究。实验把小球动能的大小转换成小球推动木块移动的距离(即小球做功的多少)来体现。因此(1)答案为: 木块被推动的距离。 (2)从表中可以看出:运动员的质量比牛的质量要小,但是因运动员的速度比牛的速度大,而运动员的动能却是牛动能的50倍,所以明速度对物体动能的影响更大;(3)①机动车质量一定,速度越快,动能越大,刹车时制动距离越大,容易出现交通事故,所以要限速行驶; ②‎ 因为不同车型车的质量不同,速度相同时,质量大的动能大,制动距离大,质量小的动能小,制动距离小,所以要对不同车型限定不一样的最高行驶速度(4)探究阻力对物体运动的影响,需要比较小车在不同表面上运动的距离,所以必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面,B符合题意。 四、计算题 ‎19. 如图所示是建筑工人利用滑轮组从竖直深井中提取泥土的情形.某次操作中,工人用400 N的拉力F在1 min内将总重为900 N的泥土匀速提升5m.在这段时间内:‎ ‎(1)拉力F所做的有用功是多少? ‎ ‎(2)拉力F做功的功率是多少? ‎ ‎(3)滑轮组的机械效率是多少?‎ ‎【考点】滑轮(组)的机械效率 ‎ ‎【分析】(1)利用W有用=Gh计算有用功; (2)利用W总=Fs计算总功;利用P=计算功率; (3)有用功与总功的比值是机械效率.‎ ‎【解答】(1)解:将总重为900 N的泥土匀速提升5 m.根据 计算有用功为: (2)解:由图知,有三段绳子拉着动滑轮,所以拉力移动的距离是物体升高距离的3倍,即: ,拉力F为400 N,时间为1min,即60s。 所以拉力做的总为: ‎ 拉力做功的功率为: (3)解:滑轮组的机械效率是: ‎ 苏科版物理九年级上册第12章测试题 ‎(时间:90分钟 分值:100分)‎ 一、选择题 1. 初中物理九年级上苏科版第12章卷1 从本质上看,内燃机的工作能量来源于(  ) ‎ A.机械能    B.化学能     C.内能     D.化学能和内能 ‎【分析】内燃机工作的原理:燃料的化学能变成内能推动活塞做功把内能转化成机械能.‎ ‎【解答】内燃机工作时,将燃料的化学能通过燃烧转化为内能,燃气推动活塞做功,把内能转化为机械能.所以说从本质上来看,内燃机的工作能量来源于燃料的化学能. 故选B. 2. 下列现象利用热传递改变物体内能的是(   ) ‎ A.快速弯折铁条,铁条变折处变热                ‎ B.公园中的石凳被太阳晒热 C.两手互相摩擦时手发热                    ‎ D.刀具在砂轮上磨得发烫 ‎【分析】改变物体内能的方式有两种:做功和热传递,热传递过程是能量的转移过程,而做功过程是能量的转化过程.‎ ‎【解答】A、公快速弯折铁条,对铁条做功,使铁条的内能增加、温度升高,故A错误; B、园中的石凳被太阳晒热,是石凳从太阳吸收热量,是通过热传递改变石凳的内能,故B正确. B、双手因摩擦而发热,属于做功改变物体的内能,故C错误. D、刀具在砂轮上磨得发烫,是克服摩擦做功,将机械能转化成内能,故D错误. 故选B. 3. 下列生活实例中,属于机械能转化为内能的是(   ) ‎ A.冬天,人站在阳光下感到暖和                 ‎ B.在炉子上烧水,水温升高 C.爆竹点燃后腾空而起                   ‎ D.反复弯折铁丝,铁丝温度升高 ‎【分析】做功和热传递都能改变物体的内能,做功的实质是能量的转化。热传递的实质是能量的转移。‎ ‎【解答】对物体做功,物体的内能增加,物体对外做功,物体的内能减小。A和B是热传递;C是内能转化为机械能;D属于机械能转化为内能。 故答案为:D 4. 下列事例中,做功改变物体内能的是(   ) ‎ A.用酒精灯加热烧杯中的水          ‎ B.冬天室内使用暖气取暖 C.用锯锯木板,锯条发热                    ‎ D.盆中的热水温度逐渐降低 ‎【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式:做功和热传递.做功主要有摩擦生热和压缩气体做功,热传递有传导、对流和辐射三种方式. 【解答】A、用酒精灯加热烧杯中的水,属于热传递改变物体的内能,不符合题意. B、冬天室内使用暖气取暖,属于热传递改变物体的内能,不符合题意. C、用锯锯木板,锯条发热,属于做功改变物体的内能,符合题意. D、盆中的热水温度逐渐降低,属于热传递改变物体的内能,不符合题意. 故选C. 【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式.‎ ‎5. 一瓶酒精用去一半后,剩下的酒精(  ) ‎ A.热值不变,比热容减小一半      B.热值和比热容都减小一半 C.热值减小一半,比热容不变       D.热值不变,比热容不变 ‎【分析】比热容、热值是物质的某种特性,与物质的种类和状态有关,同种物质的比热容、热值一般不变.‎ ‎【解答】酒精的比热容、热值两个物理量,都是表示酒精的某种特性;是从不同的角度来描述酒精的特性,只与物质的种类和状态有关,是一般不发生变化的量;一瓶酒精用去一半,则剩下的酒精的比热容、热值不变. 故选D.‎ ‎6. 根据表中的数据,下列判断正确的是(   ) 一些物质的比热容[J/(kg•℃)]‎ 水 ‎4.2×103‎ 铝 ‎0.88×103‎ 煤油、冰 ‎2.1×103‎ 干泥土 ‎0.84×103‎ 沙石 ‎0.92×103‎ 铜 ‎0.39×103‎ A.不同物质的比热容不可能相同 B.在阳光照射下,干泥土比湿泥土升温慢 C.因为水的比热容较大,所以沿海地区比内陆地昼夜温差大 D.质量相等的铝块和铜块升高相同的温度,铝块吸收的热量多 ‎【分析】①质量是1kg的某种物质温度升高1℃吸收的热量,叫做这种物质的比热.同种物质,状态不同,比热容不同;不同物质,比热容一般不同;②质量相同的不同物质,吸收相同热量时,温度变化用公式△t= 比较;③质量相同的不同物质,升高温度相同时,需要的热量多少用公式Q=cm△t分析.‎ ‎【解答】A、不同种物质比热容可能相同,如煤油和冰的比热容相同,此选项错误; B、水的比热容较大,所以湿泥土的比热容比干泥土要大一些.在阳光照射下,由公式△t= 可知,干泥土温度升高的更快.此选项错误; C、沿海地区水多;内陆地区水少、沙石多.因为水的比热容较大,白天,相同质量的水和沙石比较,吸收相同的热量,水的温度升高的少;夜晚,放出相同的热量,水的温度降低的少,使得沿海地区昼夜的温差小.此选项错误; D、质量相等的铝块和铜块,升高相同的温度,由于铝的比热容比铜的比热容大,根据吸热公式Q=cm△t可判断,铝块吸收的热量多.此选项正确. 故选D. 7. 下列说法中,正确的是(   ) ‎ A.温度相同的物体,其内能的大小也一定相等          ‎ B.物体具有内能,也可以同时具有机械能 C.物体温度升高,一定从外界吸收了热量           ‎ D.汽油机的压缩冲程中,主要是用热传递的方式增加了气缸内物质的内能 ‎【分析】一切物体在任何情况下都有内能,内能与物体的质量、温度和状态有关,改变内能的方式有热传递和做功.‎ ‎【解答】A、内能与温度有关,还与物质的种类、状态、密度也有关系,所以温度相同,内能的大小不一定相等,A不符合题意; B、物体在任何时候都具有内能,也可能同时具有机械能.B符合题意; C、物体温度升高,可能是吸收了热量,也可能是另一个物体对其做功.C不符合题意; D、汽油机的压缩冲程中,主要是用做功的方式增加了气缸内物质的内能.D不符合题意. 故答案为:B. 8. 关于四冲程汽油机的工作过程有以下几种说法:①在做功冲程中,是机械能转化为内能;②在做功冲程中,是内能转化为机械能;③只有做功冲程是燃气对外做功;④汽油机与柴油机点火方式相同.其中说法正确的是(  ) ‎ A.只有②③④    B.只有①③   C.只有②④     D.只有②③‎ ‎【分析】四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程,分别是吸气、做功、压缩和排气,其中只有做功冲程对外做功,将内能转化为机械能;另外还有压缩冲程有能量转化,将机械能转化为内能. 汽油机在吸气冲程中吸入的是汽油和空气的混合物,而柴油机吸入的是空气;汽油机中有火花塞,采用的是点燃式点火;而柴油机是喷油嘴喷出雾状柴油,进行压燃式点火.‎ ‎【解答】①②做功冲程中,燃气对活塞做功,燃气的内能转化为活塞的机械能;故①错误,②正确; ③在汽油机的四个冲程中,只有做功冲程是燃气对外做功,故③正确; ④汽油机和柴油机的点火方式不同,汽油机中有火花塞,采用的是点燃式点火;而柴油机是喷油嘴喷出雾状柴油,进行压燃式点火,故④错误. 故选D. 9. 如图是四冲程汽油机工作的示意图,其中表示内能转化为机械能的冲程的是(  ) ‎ A.​ B.​C. D.​‎ ‎【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成,其中压缩冲程中机械能转化成内能,做功冲程中内能转化成机械能.‎ ‎【解答】内能转化为机械能的是做功冲程: A图:气门都关闭,活塞向上运行,气缸容积减小,是压缩冲程,不符合题意; B图:气门都关闭,活塞向下运行,气缸容积增大,是做功冲程,符合题意; C图:排气门打开,活塞向上运动,气缸容积减小,是排气冲程,不符合题意; D图:进气门打开,活塞向下运行,气缸容积增大,是吸气冲程,不符合题意. 故选B. 10. 下列关于比热容的说法正确的是( ) ‎ A.比热容跟吸收或放出的热量有关  B.比热容跟温度有关 C.质量越大,它的比热容越大    D.比热容是物质本身的属性,与温度、质量无关 ‎【分析】根据比热容的概念以及比热容是物质的一种特性进行判断。‎ ‎【解答】比热容是物质本身的一种特性,物理学规定,单位质量的某种物质,温度升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量为该物体的比热容;每种物质都有自己的比热容,与物体的温度、吸收或放出热量的多少均无关。 故选D. 【点评】考查了比热容的概念和比热容是物质的一种特性的知识点。‎ ‎11.初中物理九年级上苏科版第12章卷1 关于比热容的说法,正确的是  (    ) ‎ A.质量大、温度高的物体,比热容一定也大 B.一定质量的物体,吸收热量越多,比热容越大 C.比热容是物质的一种特性,每种物质都有自己的比热容 D.比热容相同的,一定是同一种物质 ‎【解答】比热容是物体本身的一种性质,与物体的质量、温度、吸热放热都无关,每种物质都有自己的比热容。‎ 故选C. ‎ 二、填空题 ‎12. 小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时,分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验,并用图象对实验数据进行了处理,如图所示,实验中,水和另种液体在相同时间内放出的热量相等.分析图象可以得出:________物质为水,另一种液体的比热容为________J/(kg•℃).(已知c水=4.2×103 J/(kg•℃) ‎ ‎【分析】本题考查对比热容的理解和Q=cmΔt的灵活应用,知道相同质量的不同物质吸收或放出相同热量,温度变化小的比热容大;关键是从图象有获取有用的信息.‎ ‎【解答】由图示可知,在放出相同多的热量时,乙物质的温度下降的较多,所以可知甲物质的比热容较大,由于水的比热容最大,所以甲物质是水;当放出相同的热量时,乙的温度下降量是甲温度下降量的2倍,根据公式Q=cmΔt可知,这种液体的比热容应等于水的比热容的二分之一为4.2×103 J/(kg•℃).‎ 故答案为:(1)甲;(2)2.1×103. 13. 汽车用水来作为发动机的冷却液是因为水的________大,火箭使用液态氨作为燃料是因为氨的________高. ‎ ‎【分析】由于水的比热容最大,所以在相同的受冷和受热的情况下,同质量的水的温度变化小;据热值的特点分析即可判断.‎ ‎【解答】由于水比热容最大,所以相同质量的水和其他液体相比较,在升高相同的温度的情况下,水吸收的热量多,故用水做冷却液; 由于氢的热值大,所以相同的质量的氢比其他的燃料完全燃烧时释放的热量多. 故答案为:比热容;热值. 14. 水的比热容为4.2×103焦/(千克•℃),2千克水温度升高5℃吸收的热量为________焦;质量相等的铜块和铁块(C铁>C铜)吸收相等的热量,________(选填“铜块”或“铁块”)升高的温度高。图所示的是汽油机工作的________冲程。 ‎ ‎【分析】利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量;根据Q吸=cm△t比较质量相等的铁块和铜块吸收相同的热量后温度的变化量.‎ ‎【解答】根据题意知道,水吸出的热量是:Q吸=cm△t=4.2×103 J/(kg•℃)×2kg×5℃=4.2×104 J;因为铁的比热容大于铜的比热容,所以在在质量相等、吸收相等的热量时,由Q吸=cm△t知道,铜块升高的温度高;由图知道,此时两气门关闭,火花塞喷出电火花,活塞下移,所以是做功冲程。 故答案为:4.2×104;铜块;做功. 15. 冬天,双手捧着热水袋会感到暖利,双手反复摩擦也会感到暖和,前者是利用________方式增加了手的内能,后者是利用________方式增加了手的内能. ‎ ‎【解答】热水袋温度比手的温度高,将内能以热传递的方式转移到手上,使人感到温暖,双手反复摩擦克服摩擦力做功,运用做功的方式将机械能转化为内能,使手的温度升高。 【分析】改变内能的两种方式辨析。‎ ‎16. 小光同学在操场上练习爬杆,当他从竿的顶端滑下时,感到竿烫手,说明竿的内能________“增大”、“不变”或“减少”),这是通过________的方法使竿的内能改变的. ‎ ‎【分析】做功可以改变物体的内能.‎ ‎【解答】当小光同学从竿的顶端滑下时,感到竿烫手,说明竿的内能增大,这是通过做功的方法使竿的内能发生改变的. 故答案为:增大;做功. 三、解答题 ‎17. 质量为50kg的铜块,温度由30℃升高到90℃,需要吸收的热量是多少J?若是用燃烧焦炭给铜块加热,已知焦炭完全燃烧时放出的热量只有50%被铜块吸收,需要燃烧多少焦炭?[焦炭的热值是3.0×107J/kg,铜的比热是0.39×103J/(kg•℃)]. ‎ ‎【分析】(1)已知铜块的比热容、质量和温度的变化,利用公式Q吸=cm(t﹣t0)求出铜块吸收的热量;(2)根据Q吸=Q放η求出焦炭完全燃烧释放的热量,再根据Q放=mq求出需要燃烧焦炭的质量.‎ ‎【解答】解:(1)铜块吸收的热量: Q吸=cm(t﹣t0) =0.39×103J/(kg•℃)×50kg×(90℃﹣30℃) =1.17×106J;(2)∵Q吸=Q放η, ∴焦炭完全燃烧释放的热量: Q放= = =2.34×106J, ∵Q放=mq, ∴需要燃烧焦炭的质量: m′= = =0.078kg. 答:铜块吸收的热量为1.17×106J;需要燃烧0.078kg的焦炭 ‎ 四、实验探究题 ‎18. 某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力”的实验,他们使用了如图所示的装置. ‎ ‎(1)在设计实验方案时,需要确定以下控制的变量,你认为其中错误的是(   ) ‎ A.采用完全相同的加热方式 B.取相同体积的甲、乙两种液体 C.盛放甲、乙两种液体的容器相同 ‎(2)实验时不同物质吸收热量的多少是通过________(选填“升高的温度”或“‎ 加热时间”)来反映的. ‎ ‎(3)实验得到液体温度随时间变化关系如图所示,分析图像可知,________液体升温较快,________液体吸热能力较强. ‎ ‎【分析】(1)理解实验中要控制的变量,应取相同质量的甲、乙两种液体,而不是体积; (2)实验中,加热时间的长短可以反映不同物质吸收热量的多少; (3)吸收相同的热量后,乙液体升温较慢,说明液体吸热能力较强,根据图像进行分析.【解答】(1)“比较不同物质的吸热能力”,应控制物质的质量和吸收的热量相同,比较温度的变化,或控制物质的质量和温度的变化相同,比较吸收的热量的多少,B符合题意,故答案为B; (2)采用完全相同的加热方式,加热时间的长短可以反映不同物质吸收热量的多少; (3)由液体温度随时间变化关系图像可知,在物质的质量和吸收的热量相同的情况下,甲液体升温较快,乙液体升温较慢.说明液体吸热能力较强. 故答案为:(1)B;(1)加热时间;(1)甲;乙 ‎19. 为了比较水与煤油的吸热能力,小李做了如甲图所示的探究实验:用两个完全相同的酒精灯给水和煤油加热,用温度计测量液体的温度,并用钟表记录加热时间,实验数据记录如表: ‎ ‎(1)在实验前要控制水和煤油的初温和________相同,加热过程中,水和煤油吸热的多少是通过________(选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的。 ‎ ‎(2)在此实验中,如果要使水和煤油的最后温度相同,就要给水加热更长时间,此时,水吸收的热量________(选填“大于”“小于”或“等于”)煤油吸收的热量 ‎ ‎(3)若采用图乙的装置完成实验效果会________(选填“一样”“好一些”或“差一些”) ‎ ‎【分析】用转换法(加热过程中,水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的)和控制变量法(在比较水和煤油的吸热能力实验中,应控制水和煤油的初温和质量相同)来比较不同物质比热容(吸热能力)的大小.‎ ‎【解答】(1)在比较水和煤油的吸热能力实验中,应控制水和煤油的初温和质量相同;加热过程中,水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的,用到了转换法; (2)要使水和煤油的最后温度相同,就要给水加热更长的时间,可得水吸收的热量更多,大于煤油吸收的热量; (3)甲图中用两个酒精灯加热,很难保证两个酒精灯在相同时间内放出热量相同;乙用同一个酒精灯加热,可保证水和煤油在相同时间内吸收热量相同,所以图乙的装置完成实验效果会好一些。 故答案为:(1)质量;加热时间;(2)大于;(3)好一些. 五、综合题 ‎20. 物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时,选用了两只完相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热,他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示。已知酒精的热值是3×107J/kg,加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精。那么请问: ‎ ‎(1)经分析:图________是沙子吸热升温的图象; ‎ ‎(2)加热到沸腾时,水吸收了多少热量________? ‎ ‎(3)酒精完全燃烧过程中热量的利用率是多少________? ‎ ‎(4)试求出沙子的比热容________。 ‎ ‎【解答】(1)因为沙子和水的质量相等,沙子的比热容比水小,所以吸收相同热量时,沙子温度升高得快,故可判断出a图是沙子吸热升温的图象.‎ (2) 加热到沸腾时,水吸收的热量:Q吸1=c水m水(t1-t2)=4.2×103J/(kg·℃)×0.2kg×(100℃-20℃)=6.72×104J (3) 酒精完全燃烧2min,水吸收的热量:Q吸1=c水m水(t2-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×0.2kg×(70℃-20℃)=4.2×104J 酒精完全燃烧2min放出的热量:Q放=m酒精q酒精=2×10-3kg×3×107J/kg=6×104J 酒精完全燃烧过程中热量的利用率: ‎ ‎(4)加热2min,沙子和水吸收的热量相等,故Q沙吸=Q吸2=4.2×104J,沙子的比热容: 【分析】不同物体的吸热能力不同,利用水的比热容、质量和温度差可以计算吸热的多少,利用热量和燃料的热值可以计算燃料的质量.‎