苏科版物理九年级上册第11章、第12章测试题附答案（各一套） 17页

苏科版物理九年级上册第11章测试题 ‎（时间：90分钟 分值：100分）‎ 一、选择题 ‎1. 如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内的功率是（g取10N/kg）（   ） ‎ A.1200W     B.10W      C.12W   D.120W ‎【考点】功率的计算 ‎ ‎【分析】解决此题可利用功的公式W=Fs和功率的公式P= 联立求解．‎ ‎【解答】质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，那么他做的功W=Fs=500N×0.2m×12=1200J，由功率的公式P= = W=120W；‎ 故选D． 2. 跳远运动的几个阶段如图所示，则运动员（ ）‎ A.助跑过程中机械能不变 B.起跳后升空的过程中，动能转化为重力势能 C.经过最高点时动能为零 D.经过最高点时重力势能最小 ‎【考点】机械能及其转化 ‎ ‎【分析】动能大小的影响因素：质量、速度.质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度.机械能：动能和势能的统称.（机械能=动能+势能）‎ ‎【解答】助跑阶段速度是越来越大的，动能增大，所以机械能是增大的，A不符合题意；起跳后升空的过程中，动能减小，重力势能增大，动能转化为重力势能，B符合题意；在最高点时还具有向前的速度，所以动能不为零，C不符合题意；在最高点时的重力势能是最大的，D不符合题意； 故答案为：B。 3. 下列关于功和能的说法正确的是（   ） ‎ A.被拉开的弹弓具有弹性势能     ‎ B.用力推车而车未动，因为用了力所以推力做了功 C.人造地球卫星从近地点向远地点运动时势能减小，动能增大  ‎ D.速度小的物体动能一定小 ‎【考点】动能和势能的概念，机械能及其转化，是否做功的判断 ‎ ‎【分析】（1）物体由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能；（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；（3）动能大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关.‎ ‎【解答】A.被拉开的弹弓发生了弹性形变，具有弹性势能，A符合题意； B.用力推车而车未动，因为有力而沿力的方向没有距离，所以不做功，B不符合题意； C.人造地球卫星由近地点向远地点运动时，质量不变，高度增大，重力势能增大；速度变小，动能变小，是动能转化为重力势能的过程，C不符合题意； D.物体的动能与物体的质量和速度有关，只知道速度的大小，不能确定动能的大小，D不符合题意. 故答案为：A.‎ ‎4. 甲、乙两台起重机分别从地面匀速吊起质量相等的集装箱到同一高度，甲、乙两台起重机吊起集装箱的速度分别为0.5 m/s和1 m/s，则(  ) ‎ A.甲起重机做功多，功率大 B.乙起重机做功多，功率大 C.甲、乙两台起重机做功一样多，但甲功率大 D.甲、乙两台起重机做功一样多，但乙功率大 ‎【考点】功率大小的比较 ‎ ‎【分析】根据W= Fs = Gh 可知，甲、乙两台起重机做功的关系；根据P=FV可判断两台起重机的功率大小.‎ ‎【解答】根据题意，甲、乙两台起重机分别质量相等的集装箱到同一高度，则货物的重相等，提升的高度也相等，根据 可知，甲、乙两台起重机做功一样多，AB不符合题意； 甲、乙两台起重机吊起集装箱的速度分别为0.5 m/s和1 m/s，根据 可知，拉力相等时，速度大功率大，所以甲起重机功率，乙起重机功率大。 D符合题意。 故答案为：D 5. 用如图所示滑轮组提起重300 N的货物，人所用的拉力为200 N，绳子的自由端被拉下1 m，在此过程中，下列说法不正确的是(  )‎ A.拉力所做的总功为200 J B.滑轮组提升货物所做的有用功为100 J C.额外功为50 J D.滑轮组的机械效率为75%‎ ‎【考点】滑轮（组）的机械效率 ‎ ‎【分析】绳的自由端移动的距离s=nh，然后利用公式W总=Fs计算总功、W有用=Gh计算有用功，最后用有用功除以总功得出滑轮组的机械效率.‎ ‎【解答】A. 拉力为200 N，绳子的自由端被拉下1 m，所以拉力所做的总功为： ‎ ‎，A符合题意； B. 如图有两段绳子拉着动滑轮，所以物体升高的高度为拉力移动距离的一半，即 ，则滑轮组提升货物所做的有用功为：，B不符合题意； C. 额外功为：，C符合题意； D. 滑轮组的机械效率为：，D符合题意； 故答案为：B。 6. 甲、乙两辆汽车在水平公路上行驶，它们的牵引力F甲∶F乙＝3∶1，速度v甲∶v乙＝4∶1，车重G甲∶G乙＝2∶1，则在相等时间内牵引力做的功W甲∶W乙为(  ) ‎ A.3∶1‎ B.6∶1‎ C.12∶1‎ D.24∶1‎ ‎【考点】功的计算及应用 ‎ ‎【分析】根据s=vt求路程之比；再根据W=Fs可求牵引力做的功之比.‎ ‎【解答】解：根据v= 可得，相等时间内，甲、乙两辆汽车在水平公路上移动的距离之比： s甲：s乙=v甲t：v乙t=v甲：v乙=4：1 牵引力做的功之比： W甲：W乙=F甲s甲：F乙s乙= × =12：1 故答案为：C． 7. 一个斜面高为h ，长为l ，该斜面的机械效率为η.现把重为G的物体沿斜面匀速向上移动，则物体受到的滑动摩擦力的大小为(  ) ‎ A.＋G B.－G C. D. ‎ ‎【考点】斜面的机械效率 ‎ ‎【分析】此题考查有关斜面机械效率的计算（W有用=Gh；W总=Fs），容易出错的是摩擦力的计算，我们要知道使用斜面时克服摩擦力做的功就是额外功，明确总功应等于有用功与额外功之和.‎ ‎【解答】有用功为： ； 根据 得总功为： ； 则额外功为： 额外功为克服摩擦力所做的功，所以可得摩擦力为：。 D符合题意。 故答案为：D 8. 如图甲所示,木块放在水平面上,用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直线运动,两次拉动木块得到的s-t关系图象如图乙所示。两次对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2‎ ‎,两次拉力的功率分别为P1、P2,下列判断正确的是 (     )‎ A. ‎ F1>F2 ，P1>P2  ‎ B. F1=F2 ，P1>P2  ‎ C. F1>F2 ，P1=P2 ‎ D. F1v2 ，因为拉力功率P=Fv，F1＝F2，所以P1＞P2 。 故答案为：B。 9. 工人师傅利用如图所示的装置匀速提升重物，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（   ） ‎ A. 增大提升重物的速度，可以增大有用功               ‎ B.减小定滑轮的重力，可以减小额外功 C.增大提升重物的高度，可以提高机械效率           ‎ D.减小动滑轮的重力，可以提高机械效率 ‎【考点】滑轮（组）的机械效率，有用功和额外功 ‎ ‎【分析】（1）滑轮组的机械效率是指有用功和总功的比值，比值越大，机械效率越高．（2）要提高滑轮组的机械效率可以，有用功一定时，减少额外功；额外功一定时，增大有用功．‎ ‎【解答】（1）滑轮组的机械效率η= = = = ，所以机械效率的高低与物体被提升的高度和提升速度无关，故A、C不正确；（2）使用滑轮组时，克服动滑轮重所做功为额外功，由滑轮组的机械效率η= = = = 可知，减小动滑轮重力可减小额外功，定滑轮的重力不影响额外功的多少，故C不正确、D正确． ‎ ‎ 故选：D． 二、填空题 ‎10. 日常生活中很多俗语蕴含着丰富的物理知识．如“爬得高，摔得狠”是因为爬高的人重力势能随着高度的增加而________，摔下来就狠了． ‎ ‎【考点】势能的影响因素 ‎ ‎【分析】根据影响重力势能的因素解答.‎ ‎【解答】“爬得高，摔得狠”是因为爬高的人，高度逐渐增加，而人的质量不不变，所以重力势能随着高度的增加而增大，摔下来就狠了。 故答案为：增加. 11. 如图所示是玩弹弓的情景．经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射得越远，这说明橡皮筋的弹性势能与________有关；若橡皮筋被拉的长度相同，而所用“子弹”的质量不同，则质量大的“子弹”射出的距离较小，原因是质量大的“子弹”射出时的________小．‎ ‎【考点】势能的影响因素 ‎ ‎【分析】弹性势能：物体由于发生弹性形变而具的能.物体的弹性形变越大，它的弹性势能就越大.‎ ‎【解答】如图所示是玩弹弓的情景．经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射得越远，这说明橡皮筋的弹性势能与橡皮筋的伸长量有关； 若橡皮筋被拉的长度相同，而所用“子弹”的质量不同，则质量大的“子弹”射出的距离较小； 原因是橡皮筋的弹性势能相同，转变为动能时，动能的大小相同，而动能与质量、速度有关，所以动能一定时，质量大的“子弹”射出时的速度小。 故答案为：橡皮筋的伸长量；速度. 12. 如图所示，一滑轮下端悬吊一个重50 N的物体，在拉力F的作用下使物体在2 s内上升了2 m(不计滑轮、绳的重力和摩擦)，则拉力F＝________N，动滑轮上升的速度是v＝________m/s，拉力F所做的功W＝________J.‎ ‎【考点】滑轮与功的综合题 ‎ ‎【分析】由图可知，所用的力是重物重力的2倍，移动距离是重物移动距离的；根据速度公式v=求出动滑轮移动的速度；根据W=Fs即可求出拉力做的功.‎ ‎【解答】根据图示可知：该滑轮动滑轮的特殊使用方法，根据动滑轮的特点可知：F=2G，则F=2×50N=100N； F移动的距离是物体移动距离的二分之一，则滑轮在2s内移动的距离为1m，故动滑轮上升的速度：v= = ‎ ‎=0.5m/s； 拉力所做的功：W=Fs=100N×1m=100J． 故答案为：100；0.5；100． 13. 甲、乙两人在相同的水平路面上，分别以1m/s和0.5m/s的速度将两个完全相同的木箱沿直线匀速推动了10m．在此过程中，甲推木箱的力________（填“大于”、“小于”或“等于”）乙推木箱的力；________（填“甲”或“乙”）做功的功率更大． ‎ ‎【考点】功率大小的比较，二力平衡的条件及其应用 ‎ ‎【分析】根据影响摩擦力的因素及二力平衡条件判断甲、乙推力的大小； 根据P= =Fv来计算甲、乙功率的大小．‎ ‎【解答】根据条件，木箱在两种情况下受到的摩擦力相同，因为均做匀速直线运动，所以对木箱的推力相等； 由P= =Fv可知，甲乙对木箱的推力相等，甲的速度大于乙的速度，所以甲的功率大于乙的功率． 故答案为：等于；甲． 14. 小明用如图所示的实验装置探究“杠杆的机械效率”．实验时，将总重为G的钩码挂在杠杆A处，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为s，则杠杆的机械效率η＝________(用题中给出的物理量表示)．若将钩码移动到B点，仍将它匀速提升h的高度，则弹簧测力计的示数F′________(选填“＞”“＝”或“＜”)F，杠杆的机械效率η′________(选填“＞”“＝”或“＜”)η.‎ ‎【考点】杠杆的机械效率 ‎ ‎【分析】根据η=表示出杠杆的机械效率；根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，判断弹簧测力计的示数变化；克服摩擦和杠杆自重做的功是额外功，据此分析机械效率的关系.‎ ‎【解答】将总重为G的钩码挂在杠杆A处，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，钩码上升的高度为h，弹簧测力计的示数为F，其移动的距离为s，则有用功为：； 拉力做的总功为：； 所以杠杆的机械效率为：； 若将钩码移动到B点，则阻力臂增大，而阻力和动力臂不变，根据 可知，动力应增大，即弹簧测力计的示数F′＞F； 若仍将它匀速提升h的高度，有用功不变，由于阻力臂增大，拉力移动的距离将变小，则提升动滑轮所做的额外将减小，效率会提高，所以此时杠杆的机械效率η′＞η。 15. 用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，用它们把相同的重物匀速提升相同的高度．若不计绳重及摩擦，则所用拉力的大小F1________F2 ，两滑轮组的机械效率η甲________η乙．(以上两空均选填“大于”“小于”或“等于”)‎ ‎【考点】滑轮（组）的机械效率 ‎ ‎【分析】不计绳重与机械间摩擦，根据F=（G物+G动）分析拉力的大小关系；根据W有=Gh可知有用功的关系；根据W额=G动h可知额外功的关系；即可根据W总=W有+W额判断总功的关系；根据效率公式η=分析即可.‎ ‎【解答】如图甲有两段绳子承担物重，所以拉力为：； 如图乙有三段绳子承担物重，所以拉力为 ； 所以拉力的大小F1大于F2； 相同的重物匀速提升相同的高度．所以两次的有用功相等； 不计绳重及摩擦时，额外功为提高动滑轮所做的功，因为提升相同的高度，所以额外功也相等，根据 可知，两次的机械效率相等。 故答案为：大于；等于. 16. 如图所示，小强在30 s内用滑轮组将物体A沿水平地面匀速移动6 m，已知物体A重为800 N，它受到的滑动摩擦力为60 N，小强所用拉力为25 N，有用功W有用＝________J，此滑轮组的机械效率为________．‎ ‎【考点】滑轮（组）的机械效率 ‎ ‎【分析】根据W=Fs求出拉力做功多少，根据P=求出功率；根据W=fs求出有用功，根据机械效率公式求出机械效率.‎ ‎【解答】物体A受到的滑动摩擦力为60 N，沿水平地面匀速移动6 m，有用功即为克服摩擦力所做的功，所以有用功为： ； 由图知，由三段绳子拉着动滑轮，所以拉力移动距离是物体移动距离的3倍，即 ，小强所用拉力为25 N，所以总功为：； 此滑轮组的机械效率为：‎ ‎。 故答案为：360；80%. 三、实验题 ‎17. 下表是小明做“测量滑轮组的机械效率”实验时收集的有关数据．‎ ‎（1）请你将表格中的数据补充完整：①________；②________；③________． ‎ ‎（2）请在如图中画出实验中滑轮组的绕绳方法．‎ ‎  ‎ ‎（3）用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重越大，滑轮组的机械效率越________(选填“高”或“低”)． ‎ ‎（4）第一次实验中，提升钩码所用的时间为1.5 s，则拉力的功率是________W. ‎ ‎【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验 ‎ ‎【分析】根据W有用=Gh计算有用功，根据W总=Fs计算总功，根据η=计算出机械效率；根据h与s的关系判断出承担物重的绳子段数，并绕线；根据P=得出拉力的功率.‎ ‎【解答】(1)①第一次实验中的有用功为：； ②第二次实验的总功为：； ③第三实验的机械效率为：；‎ (2) 由实验数据知，拉力移动的距离是物体升高距离的3倍，所以应有三段绳子拉着动滑轮，根据“奇动，偶定”的规则绕绳，如图： ； ‎ (2) 由三次的实验数据故而，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重越大，滑轮组的机械效率越高。‎ ‎(4)第一次实验中，总功为0.21J，提升钩码所用的时间为1.5 s，所以拉力的功率是： 。 18. 小希用如图所示的实验装置探究影响物体动能大小的因素． ‎ ‎（1）本实验运用了物理研究方法中的转换法：用________来表示小球动能的大小．    ‎ ‎（2）小希通过实验探究．发现质量和速度都是影响动能大小的因素，得出实验结论后，又提出了新的问题：物体的质量和速度对物体动能的影响一样大吗？小希查阅了相关资料，收集了一些物体的动能（如表所示），结合生活经验分析表中数据，你认为在“质量”和“速度”这两个因素中，对物体动能影响较大的是________．‎ ‎（3）如图2为某段道路的标志牌，请结合所学知识解释： ‎ ‎①对机动车限定最高行驶速度：________．‎ ‎②对不同车型限定不一样的最高行驶速度：________． ‎ ‎（4）用如图1中的使用装置和器材探究阻力对物体运动的影响，必须增加的器材是______（请从以下三个选项中选择）． ‎ A.倾斜程度不同的斜面                  ‎ B.粗糙程度不同的水平面                  ‎ C.质量不同的钢球 ‎【考点】探究影响物体动能大小的因素 ‎ ‎【分析】探究动能大小的影响因素，用到转换法（小球的动能无法直接比较，通过木块被撞后移动距离的大小反映动能的大小）和控制变量法（当研究动能大小与质量的关系时，要让质量不同的小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同，质量不同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小球从不同的高度释放，这样可以保证小车的质量相同，速度不同）.‎ ‎【解答】因为一个物体动能的大小我们无法直接看出来，所以实验就采用了转换法来研究。实验把小球动能的大小转换成小球推动木块移动的距离（即小球做功的多少）来体现。因此(1)答案为： 木块被推动的距离。 (2)从表中可以看出：运动员的质量比牛的质量要小，但是因运动员的速度比牛的速度大，而运动员的动能却是牛动能的50倍，所以明速度对物体动能的影响更大；(3)①机动车质量一定，速度越快，动能越大，刹车时制动距离越大，容易出现交通事故，所以要限速行驶； ②‎ 因为不同车型车的质量不同，速度相同时，质量大的动能大，制动距离大，质量小的动能小，制动距离小，所以要对不同车型限定不一样的最高行驶速度(4)探究阻力对物体运动的影响，需要比较小车在不同表面上运动的距离，所以必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面，B符合题意。 四、计算题 ‎19. 如图所示是建筑工人利用滑轮组从竖直深井中提取泥土的情形．某次操作中，工人用400 N的拉力F在1 min内将总重为900 N的泥土匀速提升5m．在这段时间内：‎ ‎（1）拉力F所做的有用功是多少？ ‎ ‎（2）拉力F做功的功率是多少？ ‎ ‎（3）滑轮组的机械效率是多少？‎ ‎【考点】滑轮（组）的机械效率 ‎ ‎【分析】（1）利用W有用=Gh计算有用功； （2）利用W总=Fs计算总功；利用P=计算功率； （3）有用功与总功的比值是机械效率.‎ ‎【解答】（1）解:将总重为900 N的泥土匀速提升5 m．根据 计算有用功为： （2）解:由图知，有三段绳子拉着动滑轮，所以拉力移动的距离是物体升高距离的3倍，即： ，拉力F为400 N，时间为1min，即60s。 所以拉力做的总为： ‎ 拉力做功的功率为： （3）解:滑轮组的机械效率是： ‎ 苏科版物理九年级上册第12章测试题 ‎（时间：90分钟 分值：100分）‎ 一、选择题 1． 初中物理九年级上苏科版第12章卷1 从本质上看，内燃机的工作能量来源于（　　） ‎ A.机械能    B.化学能     C.内能     D.化学能和内能 ‎【分析】内燃机工作的原理：燃料的化学能变成内能推动活塞做功把内能转化成机械能．‎ ‎【解答】内燃机工作时，将燃料的化学能通过燃烧转化为内能，燃气推动活塞做功，把内能转化为机械能．所以说从本质上来看，内燃机的工作能量来源于燃料的化学能． 故选B． 2. 下列现象利用热传递改变物体内能的是（   ） ‎ A.快速弯折铁条，铁条变折处变热                ‎ B.公园中的石凳被太阳晒热 C.两手互相摩擦时手发热                    ‎ D.刀具在砂轮上磨得发烫 ‎【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．‎ ‎【解答】A、公快速弯折铁条，对铁条做功，使铁条的内能增加、温度升高，故A错误； B、园中的石凳被太阳晒热，是石凳从太阳吸收热量，是通过热传递改变石凳的内能，故B正确． B、双手因摩擦而发热，属于做功改变物体的内能，故C错误． D、刀具在砂轮上磨得发烫，是克服摩擦做功，将机械能转化成内能，故D错误． 故选B． 3. 下列生活实例中，属于机械能转化为内能的是（   ） ‎ A.冬天，人站在阳光下感到暖和                 ‎ B.在炉子上烧水，水温升高 C.爆竹点燃后腾空而起                   ‎ D.反复弯折铁丝，铁丝温度升高 ‎【分析】做功和热传递都能改变物体的内能，做功的实质是能量的转化。热传递的实质是能量的转移。‎ ‎【解答】对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减小。A和B是热传递；C是内能转化为机械能；D属于机械能转化为内能。 故答案为：D 4. 下列事例中，做功改变物体内能的是（   ） ‎ A.用酒精灯加热烧杯中的水          ‎ B.冬天室内使用暖气取暖 C.用锯锯木板，锯条发热                    ‎ D.盆中的热水温度逐渐降低 ‎【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式． 【解答】A、用酒精灯加热烧杯中的水，属于热传递改变物体的内能，不符合题意． B、冬天室内使用暖气取暖，属于热传递改变物体的内能，不符合题意． C、用锯锯木板，锯条发热，属于做功改变物体的内能，符合题意． D、盆中的热水温度逐渐降低，属于热传递改变物体的内能，不符合题意． 故选C． 【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式．‎ ‎5. 一瓶酒精用去一半后，剩下的酒精（　　） ‎ A.热值不变，比热容减小一半      B.热值和比热容都减小一半 C.热值减小一半，比热容不变       D.热值不变，比热容不变 ‎【分析】比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的比热容、热值一般不变．‎ ‎【解答】酒精的比热容、热值两个物理量，都是表示酒精的某种特性；是从不同的角度来描述酒精的特性，只与物质的种类和状态有关，是一般不发生变化的量；一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精的比热容、热值不变． 故选D．‎ ‎6. 根据表中的数据，下列判断正确的是（   ） 一些物质的比热容[J/（kg•℃）]‎ 水 ‎4.2×103‎ 铝 ‎0.88×103‎ 煤油、冰 ‎2.1×103‎ 干泥土 ‎0.84×103‎ 沙石 ‎0.92×103‎ 铜 ‎0.39×103‎ A.不同物质的比热容不可能相同 B.在阳光照射下，干泥土比湿泥土升温慢 C.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地昼夜温差大 D.质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多 ‎【分析】①质量是1kg的某种物质温度升高1℃吸收的热量，叫做这种物质的比热．同种物质，状态不同，比热容不同；不同物质，比热容一般不同；②质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化用公式△t= 比较；③质量相同的不同物质，升高温度相同时，需要的热量多少用公式Q=cm△t分析．‎ ‎【解答】A、不同种物质比热容可能相同，如煤油和冰的比热容相同，此选项错误； B、水的比热容较大，所以湿泥土的比热容比干泥土要大一些．在阳光照射下，由公式△t= 可知，干泥土温度升高的更快．此选项错误； C、沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多．因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小．此选项错误； D、质量相等的铝块和铜块，升高相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，根据吸热公式Q=cm△t可判断，铝块吸收的热量多．此选项正确． 故选D． 7. 下列说法中，正确的是（   ） ‎ A.温度相同的物体，其内能的大小也一定相等          ‎ B.物体具有内能，也可以同时具有机械能 C.物体温度升高，一定从外界吸收了热量           ‎ D.汽油机的压缩冲程中，主要是用热传递的方式增加了气缸内物质的内能 ‎【分析】一切物体在任何情况下都有内能，内能与物体的质量、温度和状态有关，改变内能的方式有热传递和做功．‎ ‎【解答】A、内能与温度有关，还与物质的种类、状态、密度也有关系，所以温度相同，内能的大小不一定相等，A不符合题意； B、物体在任何时候都具有内能，也可能同时具有机械能．B符合题意； C、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是另一个物体对其做功．C不符合题意； D、汽油机的压缩冲程中，主要是用做功的方式增加了气缸内物质的内能．D不符合题意． 故答案为：B． 8. 关于四冲程汽油机的工作过程有以下几种说法：①在做功冲程中，是机械能转化为内能；②在做功冲程中，是内能转化为机械能；③只有做功冲程是燃气对外做功；④汽油机与柴油机点火方式相同．其中说法正确的是（　　） ‎ A.只有②③④    B.只有①③   C.只有②④     D.只有②③‎ ‎【分析】四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能． 汽油机在吸气冲程中吸入的是汽油和空气的混合物，而柴油机吸入的是空气；汽油机中有火花塞，采用的是点燃式点火；而柴油机是喷油嘴喷出雾状柴油，进行压燃式点火．‎ ‎【解答】①②做功冲程中，燃气对活塞做功，燃气的内能转化为活塞的机械能；故①错误，②正确； ③在汽油机的四个冲程中，只有做功冲程是燃气对外做功，故③正确； ④汽油机和柴油机的点火方式不同，汽油机中有火花塞，采用的是点燃式点火；而柴油机是喷油嘴喷出雾状柴油，进行压燃式点火，故④错误． 故选D． 9. 如图是四冲程汽油机工作的示意图，其中表示内能转化为机械能的冲程的是（　　） ‎ A.​ B.​C. D.​‎ ‎【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能．‎ ‎【解答】内能转化为机械能的是做功冲程： A图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意； B图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意； C图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意； D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意． 故选B． 10. 下列关于比热容的说法正确的是（ ） ‎ A.比热容跟吸收或放出的热量有关  B.比热容跟温度有关 C.质量越大，它的比热容越大    D.比热容是物质本身的属性，与温度、质量无关 ‎【分析】根据比热容的概念以及比热容是物质的一种特性进行判断。‎ ‎【解答】比热容是物质本身的一种特性，物理学规定，单位质量的某种物质，温度升高（或降低)1℃所吸收（或放出)的热量为该物体的比热容；每种物质都有自己的比热容，与物体的温度、吸收或放出热量的多少均无关。 故选D． 【点评】考查了比热容的概念和比热容是物质的一种特性的知识点。‎ ‎11．初中物理九年级上苏科版第12章卷1 关于比热容的说法，正确的是  (    ) ‎ A.质量大、温度高的物体，比热容一定也大 B.一定质量的物体，吸收热量越多，比热容越大 C.比热容是物质的一种特性，每种物质都有自己的比热容 D.比热容相同的，一定是同一种物质 ‎【解答】比热容是物体本身的一种性质,与物体的质量、温度、吸热放热都无关，每种物质都有自己的比热容。‎ 故选C． ‎ 二、填空题 ‎12. 小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示，实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等.分析图象可以得出：________物质为水，另一种液体的比热容为________J/（kg•℃）.（已知c水=4.2×103 J/（kg•℃） ‎ ‎【分析】本题考查对比热容的理解和Q=cmΔt的灵活应用，知道相同质量的不同物质吸收或放出相同热量，温度变化小的比热容大；关键是从图象有获取有用的信息.‎ ‎【解答】由图示可知，在放出相同多的热量时，乙物质的温度下降的较多，所以可知甲物质的比热容较大，由于水的比热容最大，所以甲物质是水；当放出相同的热量时，乙的温度下降量是甲温度下降量的2倍，根据公式Q=cmΔt可知，这种液体的比热容应等于水的比热容的二分之一为4.2×103 J/（kg•℃）.‎ 故答案为：（1）甲；（2）2.1×103. 13. 汽车用水来作为发动机的冷却液是因为水的________大，火箭使用液态氨作为燃料是因为氨的________高． ‎ ‎【分析】由于水的比热容最大，所以在相同的受冷和受热的情况下，同质量的水的温度变化小；据热值的特点分析即可判断．‎ ‎【解答】由于水比热容最大，所以相同质量的水和其他液体相比较，在升高相同的温度的情况下，水吸收的热量多，故用水做冷却液； 由于氢的热值大，所以相同的质量的氢比其他的燃料完全燃烧时释放的热量多． 故答案为：比热容；热值． 14. 水的比热容为4.2×103焦/（千克•℃），2千克水温度升高5℃吸收的热量为________焦；质量相等的铜块和铁块（C铁＞C铜）吸收相等的热量，________（选填“铜块”或“铁块”）升高的温度高。图所示的是汽油机工作的________冲程。 ‎ ‎【分析】利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；根据Q吸=cm△t比较质量相等的铁块和铜块吸收相同的热量后温度的变化量.‎ ‎【解答】根据题意知道，水吸出的热量是：Q吸=cm△t=4.2×103 J/（kg•℃）×2kg×5℃=4.2×104 J；因为铁的比热容大于铜的比热容，所以在在质量相等、吸收相等的热量时，由Q吸=cm△t知道，铜块升高的温度高；由图知道，此时两气门关闭，火花塞喷出电火花，活塞下移，所以是做功冲程。 故答案为：4.2×104；铜块；做功. 15. 冬天，双手捧着热水袋会感到暖利，双手反复摩擦也会感到暖和，前者是利用________方式增加了手的内能，后者是利用________方式增加了手的内能． ‎ ‎【解答】热水袋温度比手的温度高，将内能以热传递的方式转移到手上，使人感到温暖，双手反复摩擦克服摩擦力做功，运用做功的方式将机械能转化为内能，使手的温度升高。 【分析】改变内能的两种方式辨析。‎ ‎16. 小光同学在操场上练习爬杆，当他从竿的顶端滑下时，感到竿烫手，说明竿的内能________“增大”、“不变”或“减少”），这是通过________的方法使竿的内能改变的． ‎ ‎【分析】做功可以改变物体的内能．‎ ‎【解答】当小光同学从竿的顶端滑下时，感到竿烫手，说明竿的内能增大，这是通过做功的方法使竿的内能发生改变的． 故答案为：增大；做功． 三、解答题 ‎17. 质量为50kg的铜块，温度由30℃升高到90℃，需要吸收的热量是多少J？若是用燃烧焦炭给铜块加热，已知焦炭完全燃烧时放出的热量只有50%被铜块吸收，需要燃烧多少焦炭？[焦炭的热值是3.0×107J/kg，铜的比热是0.39×103J/（kg•℃）]． ‎ ‎【分析】（1）已知铜块的比热容、质量和温度的变化，利用公式Q吸=cm（t﹣t0）求出铜块吸收的热量；（2）根据Q吸=Q放η求出焦炭完全燃烧释放的热量，再根据Q放=mq求出需要燃烧焦炭的质量．‎ ‎【解答】解：（1）铜块吸收的热量： Q吸=cm（t﹣t0） =0.39×103J/（kg•℃）×50kg×（90℃﹣30℃） =1.17×106J；（2）∵Q吸=Q放η， ∴焦炭完全燃烧释放的热量： Q放= = =2.34×106J， ∵Q放=mq， ∴需要燃烧焦炭的质量： m′= = =0.078kg． 答：铜块吸收的热量为1.17×106J；需要燃烧0.078kg的焦炭 ‎ 四、实验探究题 ‎18. 某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置. ‎ ‎（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中错误的是（   ） ‎ A.采用完全相同的加热方式 B.取相同体积的甲、乙两种液体 C.盛放甲、乙两种液体的容器相同 ‎（2）实验时不同物质吸收热量的多少是通过________（选填“升高的温度”或“‎ 加热时间”）来反映的. ‎ ‎（3）实验得到液体温度随时间变化关系如图所示，分析图像可知，________液体升温较快，________液体吸热能力较强. ‎ ‎【分析】（1）理解实验中要控制的变量，应取相同质量的甲、乙两种液体，而不是体积； （2）实验中，加热时间的长短可以反映不同物质吸收热量的多少； （3）吸收相同的热量后，乙液体升温较慢，说明液体吸热能力较强，根据图像进行分析.【解答】（1）“比较不同物质的吸热能力”，应控制物质的质量和吸收的热量相同，比较温度的变化，或控制物质的质量和温度的变化相同，比较吸收的热量的多少，B符合题意，故答案为B； （2）采用完全相同的加热方式，加热时间的长短可以反映不同物质吸收热量的多少； （3）由液体温度随时间变化关系图像可知，在物质的质量和吸收的热量相同的情况下，甲液体升温较快，乙液体升温较慢.说明液体吸热能力较强. 故答案为：（1）B;（1）加热时间；（1）甲；乙 ‎19. 为了比较水与煤油的吸热能力，小李做了如甲图所示的探究实验：用两个完全相同的酒精灯给水和煤油加热，用温度计测量液体的温度，并用钟表记录加热时间，实验数据记录如表： ‎ ‎（1）在实验前要控制水和煤油的初温和________相同，加热过程中，水和煤油吸热的多少是通过________（选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映的。 ‎ ‎（2）在此实验中，如果要使水和煤油的最后温度相同，就要给水加热更长时间，此时，水吸收的热量________（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油吸收的热量 ‎ ‎（3）若采用图乙的装置完成实验效果会________（选填“一样”“好一些”或“差一些”） ‎ ‎【分析】用转换法（加热过程中，水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的）和控制变量法（在比较水和煤油的吸热能力实验中，应控制水和煤油的初温和质量相同）来比较不同物质比热容（吸热能力）的大小.‎ ‎【解答】(1)在比较水和煤油的吸热能力实验中，应控制水和煤油的初温和质量相同；加热过程中，水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的，用到了转换法； (2)要使水和煤油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，可得水吸收的热量更多，大于煤油吸收的热量； (3)甲图中用两个酒精灯加热，很难保证两个酒精灯在相同时间内放出热量相同；乙用同一个酒精灯加热，可保证水和煤油在相同时间内吸收热量相同,所以图乙的装置完成实验效果会好一些。 故答案为：（1）质量；加热时间；（2）大于；（3）好一些． 五、综合题 ‎20. 物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热，他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示。已知酒精的热值是3×107J/kg，加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精。那么请问： ‎ ‎（1）经分析：图________是沙子吸热升温的图象； ‎ ‎（2）加热到沸腾时，水吸收了多少热量________? ‎ ‎（3）酒精完全燃烧过程中热量的利用率是多少________? ‎ ‎（4）试求出沙子的比热容________。 ‎ ‎【解答】（1）因为沙子和水的质量相等，沙子的比热容比水小，所以吸收相同热量时，沙子温度升高得快，故可判断出a图是沙子吸热升温的图象．‎ （2） 加热到沸腾时，水吸收的热量：Q吸1＝c水m水（t1－t2）＝4.2×103J／（kg·℃）×0.2kg×（100℃－20℃）＝6.72×104J （3） 酒精完全燃烧2min，水吸收的热量：Q吸1＝c水m水（t2－t0）＝4.2×103J／（kg·℃）×0.2kg×（70℃－20℃）＝4.2×104J 酒精完全燃烧2min放出的热量：Q放＝m酒精q酒精＝2×10－3kg×3×107J／kg＝6×104J 酒精完全燃烧过程中热量的利用率： ‎ ‎（4）加热2min，沙子和水吸收的热量相等，故Q沙吸＝Q吸2＝4.2×104J，沙子的比热容： 【分析】不同物体的吸热能力不同，利用水的比热容、质量和温度差可以计算吸热的多少，利用热量和燃料的热值可以计算燃料的质量.‎