2016年四川省广元市中考物理试题 21页

‎2016年四川省广元市中考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）‎ ‎1．近年来，不少地区地震频发，强烈的地震会造成大量的人员伤亡及财产损失，关于地震时产生的地震波，下列说法正确的是（　　）‎ A．地震波主要是超声波 B．地震波可以在真空中传播 C．地震波是由震源振动产生的 D．地震波都可以被人耳听见 ‎2．集成电路是二十世纪最重要的发明之一，现代的收音机、电视机、手机、计算机等设备中都有集成电路，如图所示，是某数码相机的图象传感器．关于集成电路主要是由下列哪一种材料制成（　　）‎ A．超导体 B．金属导体 C．半导体 D．绝缘体 ‎3．下列关于物理学史的叙述不正确的是（　　）‎ A．托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值 B．法拉第通过实验最早发现了电流周围存在磁场 C．牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了惯性定律 D．焦耳通过实验总结出电流通过导体产生热量的规律 ‎4．如图所示的做法中，符合用电安全原则的是（　　）‎ A．‎ 用手指接触插座的插孔 B．‎ 用、湿抹布擦发光的灯泡 C．‎ 将冰箱的金属外壳接地 D．‎ 在高压输电线下放风筝 ‎5．2016年5月某日上午，在广元地区天空出现了罕见的日晕现象，太阳周围出现了一条带有彩色的大圆环，非常好看，许多人纷纷拍照留影．关于彩色圆环的形成原因，可以由下列哪种物理规律解释（　　）‎ A．小孔成像 B．光的直线传播 C．光的发射 D．光的色散 ‎6．如图所示的四个情景中，其包含的物态变化过程需要吸收热量的是（　　）‎ A．‎ 冬天户外的人呼出“白气” B．‎ 湿裤子晾干[来源:学*科*网]‎ C．‎ 冬天窗户玻璃上有冰花 D．‎ 钢水浇铸得到钢件 ‎7．我国在太空航天领域处于世界领先水平，如图所示，是我国近期发射的一颗北斗导航卫星，它沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，在大气层外运行，不受空气阻力．关于此人造卫星的运行下列说法正确的是（　　）‎ A．卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能增大，速度增大 B．卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能减小，速度减小 C．卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度增大 D．卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度减小 ‎8．如图所示，甲、乙两物体在水平桌面上处于静止状态，关于它们受力的说法正确的是（　　）‎ A．甲对乙的压力与桌面对乙的支持力是一对相互作用力 B．乙物体受到甲、乙两物体的重力和桌面的支持力 C．乙物体受到的重力与桌面的支持力是一对平衡力 D．乙物体受到重力、甲物体的压力和桌面的支持力 ‎9．甲、乙两容器分别装有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，现有A、B两个实心小球，质量分别为mA、mB，体积分别为 VA、VB，密度分别为ρA、ρB，已知它们的密度大小关系为ρ甲＞ρA＞ρB＞ρ乙，下列判断正确的是（　　）‎ A．若VA=VB，将两球都放入甲容器中，静止时两球所受浮力之比为1：1‎ B．若VA=VB，将两球都放入乙容器中，静止时两球所受浮力之比为ρA：ρB C．若mA=mB，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，静止时两球所受浮力之比为1：1‎ D．若mA=mB，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，静止时两球所受浮力之比为ρB：ρ乙 ‎10．如图所示的电器中，电源电压不变，当开关S闭合，甲、乙两表都为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3；当开关S断开，甲、乙两表都为电流表时，两表的示数之比I甲：I乙是（　　）‎ A．2：5 B．3：5 C．2：3 D．5：2‎ ‎　‎ 二、填空题（共9小题，每小题4分，满分20分）‎ ‎11．如图所示，用细线拉一个氢气球在空气中微风下处于静止状态，请画出气球受到重力的示意图．[来源:Zxxk.Com]‎ ‎12．如图所示为一辆轿车的俯视图，E点为司机眼睛的位置，司机通过左侧的后视镜AB（看做平面镜）中能看到车尾后部S点，请画出其光路图（保留作图痕迹）‎ ‎13．红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与　　　　　　有关；一小块晶体处于熔化状态，温度不变，其内能　　　　　　（选填“增大”、“减小”、“不变”）‎ ‎14．在探究杠杆平衡条件的实验中，某同学发现杠杆左端低右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的平衡螺母向　　　　　　（选填“内”或“外”）调节；在杠杆的右边A处挂4个质量均为50g的砝码，如图所示，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆左边的B处竖直向下用　　　　　　N的力来拉（g=10N/kg）．‎ ‎15．现代社会离不开电磁波，无线广播、手机通讯、卫星导航都是靠电磁波来传递信息，我们常说的Wi﹣Fi信号就是一种电磁波，这种信号在真空中的传播速度是　　　　　　km/s；电视机遥控器就是靠发射一种电磁波来控制电视机的，这种电磁波也叫　　　　　　．‎ ‎16．一台四冲程汽油机，其中　　　　　　冲程将机械能转化为内能；已知所用汽油的热值是4.6×107J/kg，完全燃烧2g汽油所释放的内能是　　　　　　J，若热机效率为40%，燃烧2g汽油转化的机械能是　　　　　　J，若此机械能全部用于发热，能使质量1kg的水，温度升高　　　　　　℃，（结果保留1位小数），已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）‎ ‎17．小李身高1.6m，站在平面镜前1.5m处，则他离自己在镜中的像　　　　　　m，当他慢慢远离平面镜时，像的大小将　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎18．如图甲所示，一束平行光经过凸透镜后，在光屛上得到一个最小、最亮的光斑，则它的焦距是　　　　　　cm；用此凸透镜探究成像规律，实验装置如乙图所示，调整后再光屛上得到一个清晰的蜡烛火焰的像，该像的性质是　　　　　　（写出像的正倒、大小、虚实）；此时某同学将自己的近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置，结果光屛上原来清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，应将光屛向　　　　　　‎ ‎（选填“远离”或“靠近”）凸透镜的方向移动，才能使像变得清晰．‎ ‎24．如图所示，水平地面上有一均匀正方体物块，边长为a，某人将其在地面上任意翻滚，但始终未离开地面，则在翻滚过程中物块重心离地面的高度最大升高量为　　　　　　．[来源:学.科.网Z.X.X.K]‎ ‎　‎ 三、解答题（共5小题，满分24分）‎ ‎19．广元某中学物理兴趣小组在探究“水的沸腾”实验中，当水沸腾时，观察到温度计示数如图所示，此时水的沸点是　　　　　　，实验结束后，发现水的沸点低于100℃，其原因是　　　　　　．‎ ‎20．在测量“小车的平均速度”实验中，某同学设计了如图所示的实验装置，小车由斜面的顶端由静止下滑，图中的圆圈内是小车到达A、B、C三点时电子表的显示（数字分别表示时、分、秒），则：AC的平均速度VAC=　　　　　　m/s，AB段的平均速度VAB=　　　　　　BC段的平均速度VBC（选填“大于”、“等于”、“小于”）．‎ ‎21．如图所示，某班物理学习小组为了探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，将一根导体棒AB的两端用细导线与电流表组成一个闭合电路，并用绝缘细线悬挂起来放在U形磁铁的磁场中．‎ ‎（1）让导体棒AB沿竖直方向上下运动时，电流表无示数；让导体棒AB沿水平方向左右运动时，电流表有示数；由此他们得出的结论是：闭合电路的一部分导体在磁场中作　　　　　　运动时，导体中就产生感应电流．‎ ‎（2）让导体棒AB沿水平方向左运动时，电流表指针向右偏；让导体棒AB沿水平方向右运动时，电流表指针向左偏，说明感应电流的方向与导体运动的　　　　　　有关．‎ ‎（3）让导体棒AB沿水平向左缓慢运动时，电流表指针向右偏的角度较小；导体棒AB沿水平向左快速运动时，电流表指针向右偏的角度较大，说明感应电流的大小与导体运动的　　　　　　有关．‎ ‎22．小安同学想用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值，所用器材如下：电源（电压恒为3V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干．连接电路图如图甲所示，闭合开关后发现电流表无示数，电压表示数为3V，则可能是由于Rx所在支路发生　　　　　　故障造成．故障排除后，调节滑动变阻器滑片，当向右移动滑片时，观察发现电压表示数　　　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”），停止移动滑片，发现电压表、电流表示数如图乙所示，则Rx的阻值是　　　　　　Ω．‎ ‎23．某同学用弹簧测力计下挂一均匀金属圆柱体浸在液体中，探究弹簧测力计示数与液体密度的关系，实验时该同学把圆柱体浸没在不同液体中，分别记下了弹簧测力计的示数，得到实验数据如表所示．‎ 液体密度ρ（×103kg/m2）‎ ‎1.2‎ ‎1.8‎ ‎2.0‎ ‎2.4‎ 弹簧测力计示数F（N）‎ ‎7.5‎ ‎4.5‎ ‎1.5‎ ‎（1）根据表中实验数据，空格处应填写　　　　　　．‎ ‎（2）在如图中能反映表中弹簧测力计示数与液体密度之间关系的图象是　　　　　　．‎ ‎　‎ 四、解答题（共2小题，满分16分）‎ ‎25．近几年广元城镇建设飞速发展，各地都建有许多电梯公寓，如图所示是某种升降电梯工作原理图，它主要是由轿厢、配重、缆绳、滑轮和电动机等部件组成，连接轿厢的两根缆绳非常靠近，轿厢空载时重量是5100N，配重的重量是5000N．某人质量60kg，双脚与地板接触面积为250cm2，乘电梯从1楼到10楼用时10s，已知每层楼高度3m，电梯匀速上升，不计缆绳重力和一切摩擦力，在此过程中，（g=10N/kg）求：‎ ‎（1）人站立时对电梯地板的压强是多少？‎ ‎（2）配重重力所做的功是多少？‎ ‎（3）电动机的功率是多大？‎ ‎26．如图所示，滑动变阻器R2上标有“40Ω1A”字样，只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，电流A1示数为0.2A，灯泡L的实际功率为1.6W；同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，灯泡正常发光，此时电流表A2的示数为0.1A．（电源电压不变，忽略湿度对灯泡电阻影响）则：‎ ‎（1）只闭合开关S1时，电压表示数是多少？电源电压是多少？‎ ‎（2）同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，电流表A1的示数是多少？灯泡L的额定功率是多少？‎ ‎　‎ ‎2016年四川省广元市中考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）‎ ‎1．近年来，不少地区地震频发，强烈的地震会造成大量的人员伤亡及财产损失，关于地震时产生的地震波，下列说法正确的是（　　）‎ A．地震波主要是超声波 B．地震波可以在真空中传播 C．地震波是由震源振动产生的 D．地震波都可以被人耳听见 ‎【考点】超声波与次声波．‎ ‎【分析】大自然的许多活动，如地震、火山喷发、台风、海啸等，都伴有次声波发生；次声波是人耳听不到的，不能在真空中传播，是由震源振动产生的．‎ ‎【解答】解：A、地震波主要是次声波，而不是超声波，故A错误；‎ B、地震波是声波，不能在真空中传播，故B错误；‎ C、地震波是由震源振动产生的，故C正确；‎ D、地震波是次声波，不能被人耳听见，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎2．集成电路是二十世纪最重要的发明之一，现代的收音机、电视机、手机、计算机等设备中都有集成电路，如图所示，是某数码相机的图象传感器．关于集成电路主要是由下列哪一种材料制成（　　）‎ A．超导体 B．金属导体 C．半导体 D．绝缘体 ‎【考点】半导体的作用．‎ ‎【分析】了解生活中半导体材料，发光二极管、所有的芯片、集成电路都属于半导体．‎ ‎【解答】解：二极管、所有的芯片、集成电路都属于半导体．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎3．下列关于物理学史的叙述不正确的是（　　）‎ A．托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值 B．法拉第通过实验最早发现了电流周围存在磁场 C．牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了惯性定律 D．焦耳通过实验总结出电流通过导体产生热量的规律 ‎【考点】物理常识．‎ ‎【分析】从托里拆利、奥斯特、法拉第、牛顿和焦耳作出的突出贡献进行判断．‎ ‎【解答】解：‎ A、托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值，故A正确；‎ B、丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场，揭示了电与磁之间的联系；法拉第发现了电磁感应现象，故B不正确；‎ C、牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了牛顿第一定律，也叫惯性定律，故C正确；‎ D、焦耳通过大量实验总结出焦耳定律，即电流通过导体产生热量的规律，故D正确；‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎4．如图所示的做法中，符合用电安全原则的是（　　）‎ A．‎ 用手指接触插座的插孔 B．‎ 用、湿抹布擦发光的灯泡 C．‎ 将冰箱的金属外壳接地 D．‎ 在高压输电线下放风筝 ‎【考点】安全用电原则．‎ ‎【分析】（1）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电．低压触电可分为单线触电和双线触电，当人体直接碰触带电设备其中的一线时，电流通过人体流入大地，这种触电现象称为单线触电；‎ ‎（2）水是导体，不能用湿布擦拭用电器，以免发生触电事故；‎ ‎（3）金属外壳的用电器，外壳一定要接地；‎ ‎（4）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．‎ ‎【解答】解：‎ A、人体是导体，用手直接触摸插座是非常危险的，故A不符合安全用电原则；‎ B、用湿抹布擦发光的灯泡，由于水是导体，容易发生触电，故B不符合安全用电原则；‎ C、金属外壳的用电器，外壳一定要接地，防止外壳漏电，发生触电事故，故C符合安全用电原则；‎ D、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，在高压输电线下放风筝，非常容易发生触电事故，十分危险，故D不符合安全用电原则．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎5．2016年5月某日上午，在广元地区天空出现了罕见的日晕现象，太阳周围出现了一条带有彩色的大圆环，非常好看，许多人纷纷拍照留影．关于彩色圆环的形成原因，可以由下列哪种物理规律解释（　　）‎ A．小孔成像 B．光的直线传播 C．光的发射 D．光的色散 ‎【考点】光的色散．‎ ‎【分析】当光从一种介质射向另一种介质时会发生折射现象，复色光分解为单色光而形成光谱的现象叫做光的色散，彩虹是太阳光传播中被空中水滴色散而产生的．‎ ‎【解答】解：‎ 日晕现象是太阳光能穿过云层在小冰晶上发生折射，看上去在太阳的周围出现一个圆圈，由内而外呈红、橙、黄、绿、青、蓝、紫七种颜色，这就是日晕现象，即光的色散现象，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎6．如图所示的四个情景中，其包含的物态变化过程需要吸收热量的是（　　）‎ A．‎ 冬天户外的人呼出“白气” B．‎ 湿裤子晾干 C．‎ 冬天窗户玻璃上有冰花 D．‎ 钢水浇铸得到钢件 ‎【考点】汽化及汽化吸热的特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化现象．‎ ‎【分析】（1）物态变化有六种形式：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华；‎ ‎（2）六种物态变化中，吸热的有熔化、汽化、升华，放热的有凝固、液化、凝华．‎ ‎【解答】解：‎ A、“白气”是人呼出的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，液化放热，故A不符合题意；‎ B、湿裤子晾干，水变为水蒸气，是汽化现象，汽化吸热，故B符合题意；‎ C、冰花是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C不符合题意；‎ D、钢水浇铸得到钢件，物质由液态变为固态，是凝固现象，凝固放热，故D不符合题意．‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎7．我国在太空航天领域处于世界领先水平，如图所示，是我国近期发射的一颗北斗导航卫星，它沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，在大气层外运行，不受空气阻力．关于此人造卫星的运行下列说法正确的是（　　）‎ A．卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能增大，速度增大 B．卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能减小，速度减小 C．卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度增大 D．卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度减小 ‎【考点】动能和势能的大小变化．‎ ‎【分析】影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度．‎ 根据动能、重力势能影响因素的情况得出动能和重力势能的大小情况．再根据能量变化的规律：减小的能量转化为增大的能量得出答案．‎ ‎【解答】解：‎ AB、卫星从远地点运行到近地点时，相对高度减小，所以势能减小，同时速度增大，动能增大，故A正确、B错误；‎ CD、卫星从近地点运行到远地点时，相对高度增大，所以势能增大，同时速度减小，动能减小，故CD错误．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，甲、乙两物体在水平桌面上处于静止状态，关于它们受力的说法正确的是（　　）‎ A．甲对乙的压力与桌面对乙的支持力是一对相互作用力 B．乙物体受到甲、乙两物体的重力和桌面的支持力 C．乙物体受到的重力与桌面的支持力是一对平衡力 D．乙物体受到重力、甲物体的压力和桌面的支持力 ‎【考点】平衡力和相互作用力的区分．‎ ‎【分析】二力平衡的条件：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上．‎ 相互作用力的条件：作用在不同的物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上．‎ 对物体进行正确受力分析．‎ ‎【解答】解：‎ A、甲对乙压力的大小等于甲重力的大小，桌面对乙支持力的大小等于甲乙的重力和，因此二力不是相互作用力，故A错误；‎ BD、因为乙处于静止状态，因此乙物体受甲的压力、重力和桌面的支持力，故B错误，D正确．‎ C、乙物体受到的重力与桌面的支持力，二力大小不相等，因此不是平衡力，故C错误．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎9．甲、乙两容器分别装有密度为ρ甲、ρ乙的两种液体，现有A、B两个实心小球，质量分别为mA、mB，体积分别为 VA、VB，密度分别为ρA、ρB，已知它们的密度大小关系为ρ甲＞ρA＞ρB＞ρ乙，下列判断正确的是（　　）‎ A．若VA=VB，将两球都放入甲容器中，静止时两球所受浮力之比为1：1‎ B．若VA=VB，将两球都放入乙容器中，静止时两球所受浮力之比为ρA：ρB C．若mA=mB，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，静止时两球所受浮力之比为1：1‎ D．若mA=mB，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，静止时两球所受浮力之比为ρB：ρ乙 ‎【考点】物体的浮沉条件及其应用．‎ ‎【分析】（1）当VA=VB时，已知ρA＞ρB，根据密度变形公式m=ρV可知，mA＞mB，将两球都放入甲容器中，因为ρ甲＞ρA＞ρB，所以两球都将漂浮，浮力等于各自的重力．‎ ‎（2）当AB两球都放入乙中，已知ρA＞ρB＞ρ乙，所以两球都将下沉，已知VA=VB，根据阿基米德原理可知浮力的关系．‎ ‎（3）当两球质量相等时，A放入乙中，因为ρA＞ρ乙，所以A在乙中下沉，A在乙中受到的浮力小于其重力；B放入甲中，因为ρ甲＞ρB，所以B在甲中漂浮，浮力等于自身的重力．‎ ‎（4）当mA=mB时，A放入甲容器中，因为ρ甲＞ρA，所以A在甲中漂浮，B球放入乙容器中，因为ρB＞ρ乙，所以B在乙中下沉．‎ ‎【解答】解：A、当VA=VB时，将两球都放入甲容器中，两球都将漂浮，浮力等于各自的重力，因为mA＞mB，所以A受到的浮力大于B受到的浮力，故A错误．‎ B、当VA=VB时，将两球都放入乙容器中，两球都将下沉，两球所受的浮力根据公式F浮=ρ液gV排可知，两球排开液体的体积相同，在同一种液体中，所以静止时两球所受浮力相等，故B错误．‎ C、若mA=mB时，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，A在乙中下沉，所受浮力小于自身重力，B在甲中漂浮，浮力等于自身的重力，两球所受浮力不相等，故C错误．‎ D、若mA=mB时，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，A在甲中漂浮，浮力等于自身的重力，F浮A=GA=mAg=mBg，B在乙中下沉，所受的浮力F浮B=ρ乙gVB=ρ乙g，‎ 所以静止时两球所受浮力之比为==，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示的电器中，电源电压不变，当开关S闭合，甲、乙两表都为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3；当开关S断开，甲、乙两表都为电流表时，两表的示数之比I甲：I乙是（　　）‎ A．2：5 B．3：5 C．2：3 D．5：2‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】（1）由电路图可知，当S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；‎ ‎（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出两表示数之比．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，‎ 已知U甲：U乙=5：3，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，R1、R2两端的电压之比：‎ ‎===，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：‎ ‎===；‎ ‎（2）当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2支路的电流，电流表乙测干路电流，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，R1、R2两支路的电流之比：[来源:学科网]‎ ‎===，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，两表示数之比：‎ ‎===．‎ 故选A．‎ ‎　‎ 二、填空题（共9小题，每小题4分，满分20分）‎ ‎11．如图所示，用细线拉一个氢气球在空气中微风下处于静止状态，请画出气球受到重力的示意图．‎ ‎【考点】重力示意图．‎ ‎【分析】重力的作用点在重心，重力的方向竖直向下．‎ ‎【解答】解：过气球的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示；如下图所示：‎ ‎　‎ ‎12．如图所示为一辆轿车的俯视图，E点为司机眼睛的位置，司机通过左侧的后视镜AB（看做平面镜）中能看到车尾后部S点，请画出其光路图（保留作图痕迹）‎ ‎【考点】作光的反射光路图．‎ ‎【分析】先确定S点在平面镜中的像点，然后根据反射光线的反向延长线过像点确定反射光线，再连接光源和反射点，完成光路．‎ ‎【解答】解：先延长AB，然后作S点关于AB的对称点S′，然后连接ES′（即反射光线），并标出反射光线的方向，再连接S点和反射点（即入射光线），并标出光线的方向，如图所示：‎ ‎　‎ ‎13．红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与　温度　有关；一小块晶体处于熔化状态，温度不变，其内能　增大　（选填“增大”、“减小”、“不变”）‎ ‎【考点】扩散现象；物体内能的改变．‎ ‎【分析】红墨水在热水和冷水中扩散速度不同，说明与温度有关，晶体熔化过程中，不断吸热，温度不变，根据能量守恒，确定内能变化情况．‎ ‎【解答】解：红墨水在热水和冷水中扩散速度不同，说明与温度有关；晶体熔化过程中，不断吸热，温度不变，根据能量守恒，吸收了热量，内能增大，增大了内能中的分子的势能．‎ 故答案为：温度；增大．‎ ‎　‎ ‎14．在探究杠杆平衡条件的实验中，某同学发现杠杆左端低右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的平衡螺母向　内　（选填“内”或“外”）调节；在杠杆的右边A处挂4个质量均为50g的砝码，如图所示，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆左边的B处竖直向下用　1.5　N的力来拉（g=10N/kg）．‎ ‎【考点】探究杠杆的平衡条件实验．‎ ‎【分析】（1）根据杠杆的平衡条件可知，杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节，使杠杆在水平位置平衡，这样避免了杠杆重力对杠杆平衡产生的影响，同时便于测量力臂．‎ ‎（2）把钩码对杠杆的作用看成阻力，把在B端施加的力看成动力，知道力臂大小，根据杠杆平衡条件，求出在B端施加的力．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）在实验中，发现杠杆左端偏低，可将左端的平衡螺母向内调节或将右端的平衡螺母向外调节．‎ ‎（2）设杠杆每一个小格代表L，右边阻力臂L2=3L，F2=mg=50g×4×10﹣3kg×10N/kg=2N；左边动力臂L1=4L，‎ 根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得：‎ ‎2N×3L=F1×4L，‎ 解得：‎ F1=1.5N．‎ 故答案为：内；1.5．‎ ‎　‎ ‎15．现代社会离不开电磁波，无线广播、手机通讯、卫星导航都是靠电磁波来传递信息，我们常说的Wi﹣Fi信号就是一种电磁波，这种信号在真空中的传播速度是　3×105　km/s；电视机遥控器就是靠发射一种电磁波来控制电视机的，这种电磁波也叫　红外线　．‎ ‎【考点】电磁波的传播；红外线．‎ ‎【分析】电磁波在真空中的传播速度是一定值，和光的传播速度相同，为3×108m/s；‎ 红外线是一种看不见的光，它也遵循光的直线传播和反射规律，在现实生活中有实际的应用．‎ ‎【解答】解：‎ 电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s=3×105km/s；‎ 遥控器发出的红外线也是一种电磁波，电视机遥控器就是靠发射红外线来控制电视机的．‎ 故答案为：3×105；红外线．‎ ‎　‎ ‎16．一台四冲程汽油机，其中　压缩　冲程将机械能转化为内能；已知所用汽油的热值是4.6×107J/kg，完全燃烧2g汽油所释放的内能是　9.2×104　J，若热机效率为40%，燃烧2g汽油转化的机械能是　3.68×104　J，若此机械能全部用于发热，能使质量1kg的水，温度升高　8.8　℃，（结果保留1位小数），已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）‎ ‎【考点】内燃机的四个冲程；热平衡方程的应用；热机的效率．[来源:Z。xx。k.Com]‎ ‎【分析】（1）内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能；‎ ‎（2）燃料完全燃烧放出的热量用公式Q=qm计算，其中q为燃料的热值；‎ ‎（3）根据热机效率可知燃料燃烧转化为机械能的多少；‎ ‎（4）根据Q=cm△t的变形公式求出水升高的温度．‎ ‎【解答】解：（1）内燃机的四个冲程中，实压缩冲程将机械能转化成内能；‎ ‎（2）2g汽油完全燃烧要放出的热量：Q=qm=4.6×107J/kg×0.002kg=9.2×104J；‎ ‎（3）燃烧2g汽油转化的机械能为40%×9.2×104J=3.68×104J；‎ ‎（4）由Q=cm△t可知：△t=≈8.8℃．‎ 故答案为：压缩；9.2×104；3.68×104；8.8．‎ ‎　‎ ‎17．小李身高1.6m，站在平面镜前1.5m处，则他离自己在镜中的像　3　m，当他慢慢远离平面镜时，像的大小将　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．‎ ‎【分析】根据平面镜成像特点，平面镜所成的像与物体大小相同，像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相同．‎ ‎【解答】解：‎ 因平面镜成像时物距与像距相等，小李站在平面镜前1.5m处，此时物距为1.5m，则像距也为1.5m，则他离自己在镜中的像的距离为1.5m+1.5m=3m；‎ 由于像与物是等大的，所以不管他慢慢远离镜子还是靠近镜子时，像的大小将不变．‎ 故答案为：3；不变．‎ ‎　‎ ‎18．如图甲所示，一束平行光经过凸透镜后，在光屛上得到一个最小、最亮的光斑，则它的焦距是　10　cm；用此凸透镜探究成像规律，实验装置如乙图所示，调整后再光屛上得到一个清晰的蜡烛火焰的像，该像的性质是　倒立、缩小的实像　（写出像的正倒、大小、虚实）；此时某同学将自己的近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置，结果光屛上原来清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，应将光屛向　远离　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜的方向移动，才能使像变得清晰．‎ ‎【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．‎ ‎【分析】（1）运用平行光测焦距法粗测凸透镜的焦距；‎ ‎（2）当物体在2倍焦距以外，像成在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立缩小的实像，应用于照相机；‎ ‎（3）要解决此题，需要知道近视镜是凹透镜，凹透镜有发散光线的作用．‎ ‎【解答】解：（1）由图可知，最小、最亮的光斑距离凸透镜10cm，故凸透镜的焦距为10cm；‎ ‎（2）由图可知，蜡烛在2倍焦距以外，成倒立、缩小的实像，此现象应用于照相机；‎ ‎（3）某同学自己的近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置，由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线比以前会聚得要晚了，像距更大了，因此要得到清晰的像，需将光屏远离凸透镜．‎ 故答案为：（1）10；（2）倒立、缩小的实像；（3）远离．‎ ‎　‎ ‎24．如图所示，水平地面上有一均匀正方体物块，边长为a，某人将其在地面上任意翻滚，但始终未离开地面，则在翻滚过程中物块重心离地面的高度最大升高量为　0.21a　．‎ ‎【考点】重心．‎ ‎【分析】均匀正方体重心在几何中心，当其旋转45°时重心位置最高．‎ ‎【解答】解：‎ 边长为a的质量分布均匀的立方体，重心在几何中心上，故绕一条棱翻转使对角面AbcD处于竖直位置时，重心位置升高的高度最大，‎ 等于：△h=a﹣a=a≈0.21a．‎ 故答案为：0.21a．‎ ‎　‎ 三、解答题（共5小题，满分24分）‎ ‎19．广元某中学物理兴趣小组在探究“水的沸腾”实验中，当水沸腾时，观察到温度计示数如图所示，此时水的沸点是　96℃　，实验结束后，发现水的沸点低于100℃，其原因是　实验时的大气压小于一个标准大气压　．‎ ‎【考点】沸点及沸点与气压的关系．‎ ‎【分析】首先确定温度计的分度值，然后进行正确的读数；‎ 沸点与气压的关系：气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低．‎ ‎【解答】解：‎ 由图知温度计的分度值为2℃，示数为96℃，沸点的高低和气压有关，气压降低，沸点降低，一个标准大气压下，水的沸点是100℃，此时沸点96℃低于100℃，所以气压低于一个标准大气压．[来源:学+科+网Z+X+X+K]‎ 故答案为：96℃；实验时的大气压小于一个标准大气压．‎ ‎　‎ ‎20．在测量“小车的平均速度”实验中，某同学设计了如图所示的实验装置，小车由斜面的顶端由静止下滑，图中的圆圈内是小车到达A、B、C三点时电子表的显示（数字分别表示时、分、秒），则：AC的平均速度VAC=　0.02　m/s，AB段的平均速度VAB=　＜　BC段的平均速度VBC（选填“大于”、“等于”、“小于”）．‎ ‎【考点】变速运动与平均速度．‎ ‎【分析】由图读出小车通过AC、AB、BC的路程和所用的时间，利用速度公式分别求小车的平均速度，然后比较AB段和BC段平均速度的关系．‎ ‎【解答】解：根据图示可知：sAB=2.60cm，sBC=3.40cm，sAC=6.00cm，tAB=2s，tBC=1s，tAC=3s 则vAC===2cm/s=0.02m/s；‎ vAB===1.3cm/s；‎ vBC===3.4cm/s；‎ 故vBC＞vAB．‎ 故答案为：0.02；＜．‎ ‎　‎ ‎21．如图所示，某班物理学习小组为了探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，将一根导体棒AB的两端用细导线与电流表组成一个闭合电路，并用绝缘细线悬挂起来放在U形磁铁的磁场中．‎ ‎（1）让导体棒AB沿竖直方向上下运动时，电流表无示数；让导体棒AB沿水平方向左右运动时，电流表有示数；由此他们得出的结论是：闭合电路的一部分导体在磁场中作　切割磁感线　运动时，导体中就产生感应电流．‎ ‎（2）让导体棒AB沿水平方向左运动时，电流表指针向右偏；让导体棒AB沿水平方向右运动时，电流表指针向左偏，说明感应电流的方向与导体运动的　方向　有关．‎ ‎（3）让导体棒AB沿水平向左缓慢运动时，电流表指针向右偏的角度较小；导体棒AB沿水平向左快速运动时，电流表指针向右偏的角度较大，说明感应电流的大小与导体运动的　速度大小　有关．‎ ‎【考点】控制变量法与探究性实验方案；探究电磁感应现象的实验．‎ ‎【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；‎ ‎（2）产生感应电流的方向与磁场方向和导体的运动方向有关；‎ ‎（3）产生感应电流的大小与磁场强弱和导体的运动速度大小有关．‎ ‎【解答】解：[来源:学§科§网Z§X§X§K]‎ ‎（1）导体棒AB沿竖直方向上下运动，导体棒不切割磁感线，电流表无示数；导体棒AB沿水平方向左右运动，导体棒切割磁感线，电流表有示数；‎ 由此得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动时，导体中就产生感应电流；‎ ‎（2）导体棒AB沿水平方向左、向右运动，电流表指针分别向右、向左偏，说明感应电流的方向与导体运动的方向有关；‎ ‎（3）导体棒AB沿水平向左缓慢、快速运动，电流表指针偏的角度较小、较大，说明感应电流的大小与导体运动的速度大小有关．‎ 故答案为：‎ ‎（1）切割磁感线；（2）方向；（3）速度大小．‎ ‎　‎ ‎22．小安同学想用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值，所用器材如下：电源（电压恒为3V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干．连接电路图如图甲所示，闭合开关后发现电流表无示数，电压表示数为3V，则可能是由于Rx所在支路发生　断路　故障造成．故障排除后，调节滑动变阻器滑片，当向右移动滑片时，观察发现电压表示数　变大　‎ ‎（选填“变大”、“变小”或“不变”），停止移动滑片，发现电压表、电流表示数如图乙所示，则Rx的阻值是　5　Ω．‎ ‎【考点】伏安法测电阻的探究实验．‎ ‎【分析】（1）闭合开关后发现电流表无示数，可能是电路发生了断路，由电压表示数为3V，分析判断故障的原因；‎ ‎（2）由图知，滑片右移变阻器连入阻值的变化情况，根据串联电路特点和欧姆定律判断电压表示数的变化情况；‎ ‎（3）根据电表的量程和分度值，读出Rx两端电压和通过的电流，由I=计算Rx的电阻．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由题知，闭合开关后发现电流表无示数，可能是电路发生了断路，由电压表示数为3V，即等于电源电压，说明电压表与电源间是通路，且被串联在电路中了，所以可能是由于Rx所在支路发生了断路造成的；‎ ‎（2）由图甲知，滑动变阻器与Rx串联，电压表测Rx两端电压，电流表测电路中电流，‎ 当向右移动滑片时，变阻器连入阻值变小，电路的总电阻变小，电源电压恒定，由I=知电路中电流变大，由U=IR知两端电压变大，即电压表示数变大；‎ ‎（3）由图乙知，电压表使用0﹣3V量程，分度值0.1V，Rx两端电压为2.5V；‎ 电流表使用0﹣0.6A量程，分度值0.02A，此时通过Rx的电流为0.5A，由I=可得Rx的阻值：‎ Rx===5Ω．‎ 故答案为：断路；变大；5．‎ ‎　‎ ‎23．某同学用弹簧测力计下挂一均匀金属圆柱体浸在液体中，探究弹簧测力计示数与液体密度的关系，实验时该同学把圆柱体浸没在不同液体中，分别记下了弹簧测力计的示数，得到实验数据如表所示．‎ 液体密度ρ（×103kg/m2）‎ ‎1.2‎ ‎1.8‎ ‎2.0‎ ‎2.4‎ 弹簧测力计示数F（N）‎ ‎7.5‎ ‎4.5‎ ‎1.5‎ ‎（1）根据表中实验数据，空格处应填写　3.5　．‎ ‎（2）在如图中能反映表中弹簧测力计示数与液体密度之间关系的图象是　B　．‎ ‎【考点】探究浮力大小的实验．‎ ‎【分析】（1）观察表中的数据可以看出，随着液体密度的增大，弹簧测力计的示数在逐渐减小，通过计算得出变化的数量关系，即可得出表中空格处的数值；‎ ‎（2）表中F随ρ的增大而减小，且F不可能为负值，据此可对四个图象做出判断．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）表中，液体密度越大，弹簧测力计示数越小，仔细分析可以看出，液体密度每增大0.2×l03Kg/m3，弹簧测力计的示数F就减小1N，故表中空格处的数据为4.5N﹣1N=3.5N；‎ ‎（2）根据表中数据可以看出，弹簧测力计的示数F随液体的密度ρ的增大而减小，故初步判断只有A、B可选，同时可以判断弹簧测力计的示数F不可能为负值，故A可以排除，只有B符合题意．‎ 故答案为：（1）3.5；（2）B．[来源:学科网]‎ ‎　‎ 四、解答题（共2小题，满分16分）‎ ‎25．近几年广元城镇建设飞速发展，各地都建有许多电梯公寓，如图所示是某种升降电梯工作原理图，它主要是由轿厢、配重、缆绳、滑轮和电动机等部件组成，连接轿厢的两根缆绳非常靠近，轿厢空载时重量是5100N，配重的重量是5000N．某人质量60kg，双脚与地板接触面积为250cm2，乘电梯从1楼到10楼用时10s，已知每层楼高度3m，电梯匀速上升，不计缆绳重力和一切摩擦力，在此过程中，（g=10N/kg）求：‎ ‎（1）人站立时对电梯地板的压强是多少？‎ ‎（2）配重重力所做的功是多少？‎ ‎（3）电动机的功率是多大？‎ ‎【考点】压强的大小及其计算；功的计算；功率的计算．‎ ‎【分析】（1）人站立时对电梯地板压力等于重力，根据G=mg和p=求出地板受到的压强；‎ ‎（2）由图可知，通过定滑轮拉轿厢，当电梯上升3m×9=27m时，配重下降27m，根据W=Fs求出配重重力对配重做的功．‎ ‎（3）分析轿厢受力确定电机对轿厢的拉力，利用P==求出电动机的功率．‎ ‎【解答】解：（1）人的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N；‎ 人站立时对电梯地板的压强：p===2.4×104Pa；‎ ‎（2）根据题意可知，电梯上升的高度为3m×9=27m，则配重下降的高度为27m；‎ 配重重力做功：W=G配重h=5000N×27m=1.35×105J；‎ ‎（3）轿厢空载时的重力G空=5100N，‎ 当轿厢匀速上升时，轿厢竖直向下受到自身重和载货重，竖直向上受到配重拉力和电机的拉力，满足G空+G=F配+F电，‎ 所以，F电=G空+G﹣F配=5100N+600N﹣3000N=1600N，‎ 所以，电动机的至少功率：P====4320W．‎ 答：（1）人站立时对电梯地板的压强是2.4×104Pa；‎ ‎（2）配重重力所做的功是1.35×105J；‎ ‎（3）电动机的功率是4320W．‎ ‎　‎ ‎26．如图所示，滑动变阻器R2上标有“40Ω1A”字样，只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，电流A1示数为0.2A，灯泡L的实际功率为1.6W；同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，灯泡正常发光，此时电流表A2的示数为0.1A．（电源电压不变，忽略湿度对灯泡电阻影响）则：‎ ‎（1）只闭合开关S1时，电压表示数是多少？电源电压是多少？‎ ‎（2）同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，电流表A1的示数是多少？灯泡L的额定功率是多少？‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【分析】（1）只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，L与R2串联，电流表A1测电路中的电流，电压表被短路，根据P=I2R表示出灯泡的实际功率即可求出其电阻，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；[来源:Zxxk.Com][来源:Z#xx#k.Com]‎ ‎（2）同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，L与R1并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，根据并联电路的电压特点求出通过L的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=UI求出灯泡的电功率即为额定功率．‎ ‎【解答】解：（1）只闭合开关S1，将变阻器滑片P移到中点时，L与R2串联，电流表A1测电路中的电流，‎ 此时电压表被短路，示数为0V，‎ 由P=I2R可得，灯泡的电阻：‎ RL===40Ω，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，由I=可得，电源的电压：‎ U=I（RL+R2）=0.2A×（40Ω+×40Ω）=12V；‎ ‎（2）同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，L与R1并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，通过L的电流：‎ IL===0.3A，‎ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，电流表A1的示数：‎ I′=IL+I1=0.3A+0.2A=0.5A，‎ 灯泡的电功率即为额定功率：‎ PL=UIL=12V×0.3A=3.6W．‎ 答：（1）只闭合开关S1时，电压表示数是0V，电源电压是12V；‎ ‎（2）同时闭合开关S1、S2，且将变阻器滑片P移到a端时，电流表A1的示数是0.5A，灯泡L的额定功率是3.6W．‎