2017年度高考数学快速命中考点2 5页

‎2014高考数学快速命中考点2‎ 一、选择题 ‎1．已知函数y＝f(x)的图象是下列四个图象之一，且其导函数y＝f′(x)的图象如图1－5－1所示，则该函数的图象是(　　)‎ 图1－5－1‎ ‎【解析】　从导数的图象可看出，导函数值先增大后减小，当x＝0时，f′(x)有最大值．结合导数的几何意义知，B正确．‎ ‎【答案】　B ‎2．已知f(x)＝x3－x2＋6x－abc，a＜b＜c，且f(a)＝f(b)＝f(c)＝0，现给出如下结论：‎ ‎①f(0)f(1)＞0；②f(0)f(1)＜0；③f(0)f(2)＞0；‎ ‎④f(0)f(2)＜0.其中正确结论的序号为(　　)‎ A．①③　　　　　　　 B．①④‎ C．②④ D．②③‎ ‎【解析】　函数的导数为f′(x)＝3x2－9x＋6＝3(x2－3x＋2)＝3(x－1)(x－2)．则函数在x＝1处取得极大值，在x＝2处取得极小值，因为f(a)＝f(b)＝f(c)＝0，所以函数有3个零点，则f(1)＞0，f(2)＜0，即解得即2＜abc＜，所以f(0)＝－abc＜0，所以f(0)f(1)＜0，f(0)f(2)＞0.所以选D.‎ ‎【答案】　D ‎3．一辆汽车在高速公路上行驶，由于遇到紧急情况而刹车，以速度v(t)＝7－3t＋(t的单位：s，v的单位：m/s)行驶至停止．在此期间汽车继续行驶的距离(单位：m)是(　　)‎ A．1＋25ln 5 B．8＋25ln C．4＋25ln 5 D．4＋50ln 2‎ ‎【解析】　首先由v(t)＝7－3t＋＝0，可得t＝4 ‎，因此汽车从刹车到停止一共行驶了4 s，‎ 此期间行驶的距离为v(t)dt＝dt＝＝4＋25ln 5.‎ ‎【答案】　C ‎4．函数f(x)＝的最大值为(　　)‎ A．e B. C．2e D. ‎【解析】　函数f(x)的定义域为(0，＋∞)，‎ 又f′(x)＝＝.‎ 令f′(x)＝0得x＝，且当00，‎ 当x>时，f′(x)<0，‎ 所以f(x)在x＝处取得极大值，也就是函数在定义域上的最大值f()＝.‎ ‎【答案】　D ‎5．设函数f(x)＝ex＋x－2，g(x)＝ln x＋x2－3.若实数a，b满足f(a)＝0，g(b)＝0，则(　　)‎ A．g(a)＜0＜f(b) B．f(b)＜0＜g(a)‎ C．0＜g(a)＜f(b) D．f(b)＜g(a)＜0‎ ‎【解析】　∵f′(x)＝ex＋1＞0，∴f(x)是增函数．∵g(x)的定义域是(0，＋∞)，∴g′(x)＝＋2x＞0，∴g(x)是(0，＋∞)上的增函数．∵f(0)＝－1＜0，f(1)＝e－1＞0，∴0＜a＜1.∵g(1)＝－2＜0，g(2)＝ln 2＋1＞0，∴1＜b＜2，∴f(b)＞0，g(a)＜0.‎ ‎【答案】　A 二、填空题 ‎6．若曲线y＝kx＋ln x在点(1，k)处的切线平行于x轴，则k＝________.‎ ‎【解析】　y′＝k＋，由导数y′|x＝1＝0，得k＋1＝0，则k＝－1.‎ ‎【答案】　－1‎ ‎7．已知函数f(x)＝mx2＋ln x－2x在定义域内是增函数，则实数m的取值范围为________．‎ ‎【解析】　f′(x)＝mx＋－2≥0对一切x>0恒成立，‎ m≥－()2＋，‎ 令g(x)＝－()2＋，则当＝1时，函数g(x)取最大值1，故m≥1.‎ ‎【答案】　[1，＋∞)‎ ‎8．已知f(x)＝xex，g(x)＝－(x＋1)2＋a，若∃x1，x2∈‎ R，使得f(x2)≤g(x1)成立，则实数a的取值范围是________．‎ ‎【解析】　f′(x)＝ex＋xex＝(1＋x)ex，当x＞－1时，f′(x)＞0函数递增；当x＜－1时，f′(x)＜0函数递减，所以当x＝－1时f(x)取得极小值即最小值f(－1)＝－.函数g(x)的最大值为a，若∃x1，x2∈R，使得f(x2)≤g(x1)成立，则有g(x)的最大值大于或等于f(x)的最小值，即a≥－.‎ ‎【答案】　 三、解答题 ‎9．已知函数f(x)＝ax2＋1(a>0)，g(x)＝x3＋bx.‎ ‎(1)若曲线y＝f(x)与曲线y＝g(x)在它们的交点(1，c)处具有公共切线，求a，b的值；‎ ‎(2)当a＝3，b＝－9时，若函数f(x)＋g(x)在区间[k,2]上的最大值为28，求k的取值范围．‎ ‎【解】　(1)f′(x)＝2ax，∴f′(1)＝‎2a.‎ 又f(1)＝a＋1＝c，‎ ‎∴f(x)在点(1，c)处的切线方程为y－c＝‎2a(x－1)，即y－2ax＋a－1＝0.‎ 又∵g′(x)＝3x2＋b，则g′(1)＝3＋b.又g(1)＝1＋b＝c，‎ ‎∴g(x)在点(1，c)处的切线方程为 y－(1＋b)＝(3＋b)(x－1)，即y－(3＋b)x＋2＝0.‎ 依题意知3＋b＝‎2a，且a－1＝2，即a＝3，b＝3.‎ ‎(2)记h(x)＝f(x)＋g(x)．当a＝3，b＝－9时，‎ h(x)＝x3＋3x2－9x＋1，h′(x)＝3x2＋6x－9.‎ 令h′(x)＝0，得x1＝－3，x2＝1.‎ h(x)与h′(x)在(－∞，2]上的变化情况如下：‎ x ‎(－∞，－3)‎ ‎－3‎ ‎(－3,1)‎ ‎1‎ ‎(1,2)‎ ‎2‎ h′(x)‎ ‎＋‎ ‎0‎ ‎－‎ ‎0‎ ‎＋‎ h(x)‎  ‎28‎  ‎－4‎  ‎3‎ 由此可知：‎ 当k≤－3时，函数h(x)在区间[k,2]上的最大值为h(－3)＝28；‎ 当－3