长沙市中考物理试卷详尽解析版 10页

‎2014年长沙市初中毕业学业水平考试试卷 理科综合（物理部分）‎ 一、选择题 ‎16、2013年6月20日，女航天员王亚平在中国首个目标飞行器天宫一号上为青少年授课。下列说法正确的是 A.王亚平讲课的声音是通过声波传回地球的 B.王亚平讲课的声音很大是因为她的声音频率很高 C.王亚平讲课发出的声音是由她的声带振动产生的 D.在太空讲话声带不振动也能发出声音 考点：声音的综合利用．‎ 专题：声现象．‎ 分析：（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播． （2）声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播； （3）声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高．‎ 解答：解：A、声音不能在真空中传播，因此王亚平讲课的声音是通过电磁波传回地球的，该选项说法不正确； B、王亚平讲课的声音很大，是指声音的响度大，是因为她声带振动的振幅大，该选项说法不正确； C、王亚平讲课发出的声音是由她的声带振动产生的，该选项说法正确； D、声音是由物体的振动产生的，在太空讲话声带不振动就不能发出声，该选项说法不正确． 故选C．‎ 点评：本题结合“太空授课”考查相关的声学知识，注重了物理知识应用能力的考查，是中考的热点．‎ ‎17、位于沿江大道旁的商业大厦建有室外观光电梯，乘客在随电梯上升时，能透过玻璃欣赏到美丽的湘江风光，下列说法正确的是 A.以地面为参照物，乘客提静止的 B.以地面为参照物，电梯是静止的 ‎ C.以乘客为参照物电梯是静止的 D.以乘客为参照物，地面是向上运动的 考点：参照物及其选择．‎ 专题：运动和力．‎ 分析：判断物体是运动还是静止时，要先选择一个参照物，分析被研究物体和参照物之间的位置是否发生变化，如果变化，就运动了，如果没变化，就静止．‎ 解答：解：A、以地面为参照物，乘客位置不断变化，所以是运动的．故A不正确． B、以地面为参照物，电梯位置不断变化，所以是运动的．故B不正确． C、以乘客为参照物，电梯位置没有变化，所以是静止的．故C正确． D、以乘客为参照物，地面位置不断变化，所以是向下运动的．故D不正确． 故选C．‎ 点评：本题主要是考查学生对：运动和静止的相对性的理解和掌握．‎ ‎18、如图是杨大爷眼睛看物体时的成像情况，则它的眼睛类型及矫正需要选用的透镜分别是 A.远视眼 凸透镜 B.远视眼 凹透镜 ‎ C.近视眼 凹透镜 D.近视眼 凸透镜 考点：远视眼的成因与矫正办法．‎ 专题：透镜及其应用．‎ 分析：据图中物体所成像的位置可以判断出像成在视网膜的前方还是后方，而后据凸透镜对光线的会聚作用、凹透镜对光线的发散作用进行判断即可．‎ 解答：解：据图能看出，此时像成在了视网膜的后方，所以此时是远视眼的示意图，为了使得像成在视网膜上，所以应该使原来的光线会聚，故应用对光线有会聚作用的凸透镜进行矫正． 故选A．‎ 点评：解答此类题目的关键是理解近视眼及远视眼的成像特点和矫正措施．‎ ‎19、我国北方的冬季气温很低，到处都是冰天雪地，人们有时会将冰雪融化取水，把冰雪放在水壶里热取水的过程中，下列说法正确的是 A.冰在0℃时，内能为0 B.这是通过做功的方式改变物体的内能 ‎ C.在加热过程中，壶内的温度一直在上升 D.水的温度越高，水分子运动越剧烈 考点：温度、热量与内能的关系；分子的热运动；物体内能的改变．‎ 专题：热和能．‎ 分析：（1）一切物体都有内能（2）改变物体内能的方式有做功和热传递； （3）晶体熔化时，温度不变；液体沸腾时，温度不变；（4）分子运动的快慢与温度有关．‎ 解答：解：A、一切物体在任何时候都有内能，因此冰在0℃时，内能不为0，故A错误； ‎ B、把冰雪放在水壶里热取水，是利用热传递的方式改变物体内能的，故B错误； C、在加热过程中，雪熔化的过程中，温度不变，内能增加，故C错误； D、分子的运动快慢与温度有关，水的温度越高，水分子运动越剧烈，故D正确． 故选D．‎ 点评：本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点．‎ ‎20、关于能量的转化和转移，下列说法错误的是 A.电池充电，电能转化为化学能 B.暖瓶塞被热气冲开，机械能转化为内能 ‎ C.电动机工作，电能转化为机械能 D.摩擦生电，机械能转化为内能 考点：能量的转化和转移．‎ 专题：能源的利用与发展．‎ 分析：能量的转化，主要是看哪种能量减少了，哪种能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量．能量的转移发生在热传递过程中．‎ 解答：解：A、电池充电，消耗了电能，得到了化学能，因此将电能转化为化学能；说法正确； B、暖瓶塞被热气弹开，消耗了内能，得到了机械能，故将内能转化为了机械能；说法错误； C、电动机工作，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为机械能；说法正确； D、摩擦生热，消耗了机械能，得到了内能，因此将机械能转化为内能；说法正确． 故选B．‎ 点评：此题考查的是我们对于能量转化现象的分析能力以及能量转移的判断．‎ ‎21、关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是 A.使用螺丝刀状的试电笔时，手指不要接触上端的金属帽 B.家用电器起火，应立即用水扑灭 C.打雷下雨时，可以站在大树下避雨 D.放风筝时，应远离高压电线 考点：安全用电原则．‎ 专题：电与热、生活用电．‎ 分析：（1）测电笔是用来辨别零线和火线的，使用测电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖接触被测导线，氖管发光的可以判断导线是火线，氖管不发光的是零线． （2）水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故； （3）雷雨天里，大树也是很好的导体，电会沿大树到地底下释放掉，所以雷雨天千万不要在大树下避雨； （4）安全用电原则：不靠近高压带电体，不接触低压带电体．‎ 解答：解：A、使用螺丝刀状的试电笔时，手指必须接触上端的金属帽，不能接触下端螺丝刀，该选项说法不正确； B、家用电器着火时，用水灭火会造成短路，会损坏电器，该选项说法不正确； C、打雷下雨时，千万不要站在大树下避雨，树是导体，人有可能被雷电击中，该选项说法不正确； D、放风筝时，应远离高压电线，因为风筝接触高压线，放风筝的人可能会有触电的危险，该选项说法正确． 故选D．‎ 点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识．只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生．‎ ‎22、如图所示是我省某高校学生设计的一款不夜灯，它的一侧是太阳能电池板，另一侧高效节能的LED灯．关于小夜灯中所应用的物理知识，下列说法正确的是 A．太阳能电池板主要是靠白天接受阳光的照射而获得能量         B．太阳能电池板将电能转化为内能      ‎ C． LED灯的发光物体是由电阻很小的铜质材料制成的        D．LED灯不发光时也有电流通过 考点：太阳能的利用；半导体的作用．‎ 专题：能源的利用与发展．‎ 分析：（1）根据太阳光的特点分析；（2）减小的能量转化为增加的能量；（3）二极管是由硅和锗等材料制作成，而硅和锗是半导体材料；（4）用电器工作时有电流通过，不工作时无电流通过．‎ 解答：解： A、因为只有白天才有太阳光，所以太阳能电池板主要是靠白天接受阳光的照射而获得能量；A说法正确； B、太阳能电池板将电能全部转化为化学能；B说法错误； C、二极管是由硅和锗等材料制作成，而硅和锗是半导体材料，因此LED灯的发光物体是由半导体材料制成的；C说法错误； D、LED灯不发光时没有电流通过；D说法错误． ‎ 故选A．‎ 点评：本题考查太阳能的利用，半导体的应用等，注意从生活中领悟知识的无处不在．‎ ‎23、小云观察到他家里的电冰箱冷藏室里有一盏照明灯和小风扇，他看到：当冰箱门打开时，照明灯亮而风扇停转，当冰箱门关闭时，照明灯熄而风扇转，为此他设计了四个电路图，其中L为灯泡，M为风扇，S为单刀双掷开关，设计合理的是 A．B．C．D．‎ 考点：电路图设计．‎ 专题：电流和电路．‎ 分析：逐个分析每个选项中各元件的工作情况，找出符合要求的电路．‎ 解答：解：A、根据电路图可知，当开关S拨到上方触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到下方触电时，电动机和照明灯都不工作，故A不符合题意； B、根据电路图可知，当开关S拨到左方触点时，电动机工作，照明灯不工作；当开关S拨到右方触电时，电动机和照明灯都不工作，故B不符合题意； C、根据电路图可知，当开关S拨到上方触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到下方触电时，电动机工作，照明灯不工作，故C符合题意； D、根据电路图可知，当开关S拨到上方触点时，照明灯和电动机都工作；当开关S拨到下方触电时，灯泡被断路，电动机工作，故D不符合题意． 故选C．‎ 点评：本题考查了电路图的设计，关键是根据电路图判断开关处于不同位置时，各元件的工作情况．‎ ‎24、甲乙两个滑轮组如右图所示，其中每一个滑轮的重量都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是 A若G1=G2则拉力做的总功相同 ‎ B若G1=G2，则甲的机械效率大于乙的机械效率 C若G1>G2，则拉力做的有用功相同 ‎ D用甲、乙中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变 考点：功的大小比较；机械效率的大小比较．‎ 专题：应用题；功、功率、机械效率．‎ 分析：解决此题的关键是搞清有用功、额外功、总功之间的关系，并能比较出甲乙两图中所做额外功的大小关系，并能根据公式分析机械效率大小关系．‎ 解答：解：A、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，乙滑轮组做的额外功多，若G1=G2，把物体提升相同的高度，则根据W=Gh可知甲乙所做的有用功相同，总功=有用功+额外功，故A错误． B、若G1=G2，甲乙所做的有用功相同，乙做的总功大于甲做的总功，根据，甲的机械效率大于乙的机械效率，故B正确； C、若G1＞G2，物体提升相同的高度，则根据W=Gh可知：甲所做的有用功大于乙所做的有用功，故C错误； D、用同一个滑轮组提起不同的重物，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，所以机械效率变，所以D错误． 故选B．‎ 点评：此题通过变化有用功或总功来改变机械效率．若有用功相同，额外功越多，机械效率越低，否则越高；若额外功相同，有用功越多，机械效率越高，否则越低．‎ ‎25、下列各种电路设备中，利用电磁感应原理工作的是 （ ）‎ ‎ ‎ ‎ A．动圈式话筒 B．扬声器 C．电动机 D．电炉 考点：电磁感应．‎ 专题：电动机、磁生电．‎ 分析：（1）动圈式麦克风是利用电磁感应原理工作的．（2）扬声器是利用磁极间的作用来工作的． （3）电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的．（4）电炉是利用电流的热效应工作的．‎ 解答：解：A、声带振动引起纸盆振动，纸盆振动引起线圈振动，线圈切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的．符合题意． B、变化的电流流过线圈时，通电线圈两端产生磁极，通电线圈和永磁体之间相互作用，导致线圈振动，线圈振动引起纸盆振动产生声音．扬声器是利用磁极间的作用工作的．不符合题意． C、电动机是利用通电导体在磁场中受力而转动的原理工作的．不符合题意． D、电炉是利用电流的热效应来工作的．不符合题意． 故选A．‎ 点评：掌握发电机、电动机、麦克风、扬声器、电磁铁、电磁起重机等的工作原理．‎ ‎26、如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，到A点处弹性绳自然伸直．B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点（忽略空气阻力），下列说法正确的是（　　）‎ A．从O点到C点运动员速度一直减小 B．从O点到C点运动员的机械能一直在增大 C．从O点到C点运动员的机械能一直在减小 D．从O点到A点运动员的机械能不变 考点：动能和势能的转化与守恒．‎ 专题：机械能及其转化．‎ 分析：当重力大于弹性绳对运动员拉力时，运动员做加速运动；当弹性绳对运动员拉力大于重力时，运动员做减速运动．‎ 解答：解：根据题意可知，从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此速度越来越大；从B点到C点的过程中，弹性绳对运动员拉力大于重力，运动员的速度开始减小，到达C点时，速度为零；由于不计空气阻力，因此整个过程能量守恒．故ABC都是错误的． 故选D．‎ 点评：解决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当合力方向与速度方向相同时，速度增大，当合力方向与速度方向相反时，速度减小．‎ ‎27、如图所示，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是 A.电流表示数变小 B.电压表示数变小 ‎ C.灯L变亮 D.滑动变阻器消耗的功率变大 考点：电路的动态分析．‎ 专题：电路变化分析综合题．‎ 分析：分析清楚电路结构，根据并联电路特点与欧姆定律、电功率公式分析答题．‎ 解答：解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压； A、滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压不变，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，灯泡两端电压不变，通过灯泡的电流不变，则干路电流减小，电流表示数减小，故A正确； B、电压表测电源电压，电源电压不变，电压表示数不变，故B错误； C、灯泡两端电压不变，通过灯泡的电流不变，灯泡实际功率不变，灯泡亮度不变，故C错误； D、滑动变阻器两端电压不变，滑动变阻器接入电路的阻值增大，由P=可知，滑动变阻器功率减小，故D错误； 故选A．‎ 点评：本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路特点与欧姆定律、电功率公式即可正确解题．‎ 二、填空题 ‎28、小军同学学了“物态变化”一章的知识后，做了如下实验：他把酒精反复涂抹在温度计的玻璃泡上，用扇子去扇，他发现温度计的读数变_______（选填“大”或“小”），这是因为酒精在_________时要吸热造成的。‎ 考点：汽化及汽化吸热的特点．‎ 专题：汽化和液化、升华和凝华．‎ 分析：物质由液态变成气态的现象叫做汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式，汽化吸热．‎ 解答：解：把酒精反复涂在温度计的玻璃泡上，用扇子扇的时候，加快了酒精的蒸发，蒸发吸热，所以温度计的示数降低． 故答案为：小；蒸发．‎ 点评：本题主要考查学生对蒸发吸热的了解和掌握，是一道基础题．‎ ‎29、如图所示是2013年12月14日登陆月球表面的“玉免号”月球车，呈长方形，长1.5m，宽1m高1.1m，携带有红外成像光谱仪、激光点阵器等10多套科学探测仪器，科学探测得到的图像和数据是通过______（选填“声波”或“电磁波”）传递到地球的，若月球到地球的距离为3×105km，则把信息从月球传到地球的时间是________（c=3×105km/s,保留两们小数）‎ 考点：电磁波的传播；速度公式及其应用．‎ 专题：信息的传递；长度、时间、速度．‎ 分析：（1）真空不能传声，；（2）根据速度的变形公式即可求出电磁波从月球传到地球所用的时间．‎ 解答：解：（1）月球上没有空气，而真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，所以科学探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的； （2）∵∴电磁波从月球上发射到地球收到的时间：≈1.27s． 故答案为：电磁波；1.27．‎ 点评：本题考查了速度公式的应用以及电磁波的传播，属于基础题 ‎30、如图所示的“押加”是我国少数民族体育项目之一，又称为“大象拔河”。比赛中，甲、乙双方通过腿、腰、肩和颈用力拖动布带互拉，以决胜负。在僵持状态下，甲对布带的拉力_______（选填“大于”、“等于”或“小于”）乙对布带的拉力；参赛队员为了获胜，在鞋底上缠绕几圈绳子，目的是为了_______（选填“增大”或“减小”）摩擦。‎ 考点：平衡力和相互作用力的区分；增大或减小摩擦的方法．‎ 专题：运动和力．‎ 分析：（1）平衡力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；相互作用力作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上． （2）摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，在压力一定的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大．‎ 解答：解：（1）僵持状态下，布袋处于静止状态，甲对布带的拉力和乙对布带的拉力等大、反向、作用在一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力； （2）参赛队员为了获胜，在鞋底上缠绕几圈绳子，增大了鞋底与地面间的粗糙程度，从而增大了摩擦力． 故答案为：等于；增大．‎ 点评：本题通过一种拔河比赛，考查了相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点问题．‎ ‎31、小王在研究浸在液体中的物体所受的浮力的规律，做了如图所示的实验。分析比较图中有关数据可知：物体所受浮力的大小与物体浸没在液体中的深度________（选填“有关”或“无关”），物体浸没时所受到的浮力为______N,物体的体积为_______m3.‎ 考点：阿基米德原理．‎ 专题：浮力．‎ 分析：（1）浮力是液体对物体向上托的力，比较右边两个图示可知，物体所受浮力与物体浸没在液体中深度的关系；（2）根据据F浮=G-F计算浮力的大小；根据F浮=ρ液gV排的变形公式即可求出物体的体积．‎ 解答：解：（1）根据右边两个图示可知，弹簧测力计的示数相同，说明物体所受浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关； （2）物体浸没时所受到的浮力：F浮=G-F=3N-1.0N=2N；由F浮=ρ液gV排可得，V排==2×10-4m 故答案为：无关；2；2×10-4．‎ 点评：本题考查控制变量法、称重法和阿基米德原理的应用，是一道中档题．‎ ‎32、如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像。则该滑动变阻器的最大值是__________，电源电压是________V 考点：电路的动态分析．‎ 专题：电路变化分析综合题．‎ 分析：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流． 由图象可知，电路中的电流是0.2A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的电阻； 由图象读出电路中的电流为0.4A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的电阻； 根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步求出电源的电压．‎ 解答：解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流． 由图象可知，当电路中的电流I=0.2A时，R1的电功率P1=2W， 由P=I2R可得，R1接入电路的电阻：‎ 由图象可知，当电路中的电流I′=0.4A时，R1的电功率P1′=3.2W， 此时R1接入电路的电阻：‎ 串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 由可得，电源的电压：U=I′（R0+R1′）=0.4A×（R0+20Ω）， 当电路中的电流I=0.2A时，电源的电压：U=I（R0+R1）=0.2A×（R0+50Ω）， 解得：R0=10Ω， 电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（10Ω+50Ω）=12V． 故答案为：50；12．‎ 点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好电源的电压不变和从图象中读出电流对应的功率．‎ 三、实验探究题 ‎33、小军和小刚一起做“探究光的折射现象及特点”的实验，当他们将一束光线从空气中以某入射角射入玻璃砖时，测得折射角为40°。请在图中画出折射光线并标出折射角。当他们逐渐增大入射角时，折射光线将_______（选填“靠近”或“远离”）法线。‎ 考点：光的折射规律．‎ 专题：光的折射、光的色散．‎ 分析：光从空气斜射入玻璃、水或其它透明介质中时，折射光线与入射光线、法线在同一平面上，折射光线和入射光线分居法线两侧；折射角小于入射角． 折射角随入射角的增大而增大．‎ 解答：解：光从空气斜射入玻璃砖中，所以折射角小于入射角，折射光线应靠近法线，折射角是指折射光线与法线的夹角，大小为40°，如右图所示： 因为折射角随入射角的增大而增大，因此当他们逐渐增大入射角时，折射光线将远离法线． 故答案为：远离．‎ 点评：此题主要考查了光的折射光路的画法，一定要熟记折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角之间的关系．‎ ‎34、小明的妈妈从市场上买回了一瓶色拉油，正好小明学习了密度的有关知识，他和小军一起利用托盘天平和量筒测量色拉油的密度。‎ ‎（1）把天平放在水平桌面上，当移动游码至零刻度处时，指针偏向分度盘的右侧，则应将平衡螺母向_______（“左”或“右”）调，使横梁平衡。‎ ‎（2）天平平衡后，他们开始测量，进行了以下步骤：‎ A.用天平测出烧杯和剩余色拉油的总质量；‎ B.将待测色拉油倒入烧杯中，用天平测出烧杯和色拉油的总质量；‎ C.将烧杯中的色拉油的一部分倒入量筒，测出倒出的这部分油的体积；‎ 请你根据以上步骤，写出正确的操作顺序：_______________（填字母代号）‎ ‎（3）右在步骤B中测得烧杯中的色拉油的总质量为55.8g，其余步骤数据如图所示，则该色拉油的密度是_______ g/cm3‎ 考点：液体的密度测量实验．‎ 专题：测量型实验综合题．‎ 分析：（1）用天平称量物质前要通过调节横梁两端的螺母使横梁平衡．天平调平衡时遵循的原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢． （2）先测出烧杯和色拉油的总质量，再将烧杯中的色拉油的一部分倒入量筒，测出倒出的这部分油的体积，最后用天平测出烧杯和剩余色拉油的总质量． （3）根据量筒的读数方法，视线与液面的凹面底部平行；根据天平的使用方法，在增减砝码不能平衡时，应移动游码使天平平衡，物体的质量等于砝码质量加上游码的质量；根据密度公式ρ=，就能求出密度．‎ 解答：解：（1）天平的调节法则是右偏左调，左偏右调，先快后慢．所以应将平衡螺母向左调节； （2）实验步骤为： ①将待测色拉油倒入烧杯中，用天平测出烧杯和色拉油的总质量； ②将烧杯中的色拉油的一部分倒入量筒，测出倒出的这部分油的体积； ③用天平测出烧杯和剩余色拉油的总质量． 故正确的顺序为BCA； （3）根据量筒的读数方法，视线与液面的凹面底部平行，读出体积V=20ml=20cm3； 根据天平的使用方法，在增减砝码不能平衡时，应移动游码使天平平衡，物体的质量等于砝码质量加上游码的质量，游码的刻度每克5个刻度，每刻度0.2g，所以烧杯和剩余色拉油的质量m2=20g+10g+5g+2.4g=37.4g； 量筒色拉油的质量m=m1-m2=55.8g-37.4g=18.4g； 色拉油的密度ρ==0.92g/cm3． 故答案为：（1）左；（2）BCA；（3）0.92．‎ 点评：此题是测量色拉油的密度，考查了天平和量筒的使用及读数，同时考查了有关密度的计算，是一道比较典型的实验题，要熟练掌握．‎ ‎35、在做“电流电流通过导体时产生的热量与与什么因素有关”的实验时，小于采用了如图甲所示的实验装置。两个透明的容器中密闭了等量的空气，U型管中液面变化反映了密闭空气温度的变化。‎ ‎⑴若通电时间相同，发现B玻璃管内液面上升较高，这表明：在电流和通电时间相同相同的情况下，导体的 越大，产生的热量越多。‎ ‎⑵小刚采用了如图乙所示的实验装置，通电相同时间，发现A玻璃管液面上升较高，这表明：在电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的________越大，产生的热量越多。‎ ‎⑶该实验中用到的研究物理问题的方法是_____________法和转换法。‎ ‎ A B A B ‎ ‎ ‎ 甲 乙 考点：焦耳定律．‎ 专题：探究型实验综合题．‎ 分析：电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关． （1）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变； （2）探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变； （3）探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法； 电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想．‎ 解答：解：（1）将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，由Q=I2Rt可知，右边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，这表明：在相同时间内，电流相同的情况下，电阻越大，电流通过导体时产生的热量越多； （2）装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快； 这表明：在相同时间内，电阻相同，电流越大，通过导体时产生的热量越多； （3）该实验中用到的研究物理问题的方法是控制变量法和转换法． 故答案为：（1）电阻；（2）电流；（3）控制变量．‎ 点评：此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大．‎ ‎36、在做“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验时，小明在螺线管周围摆放了一些小磁针 ‎（1）通电后小磁针的指向如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与________磁体的磁场相似。‎ ‎（2）小明改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的_________方向有关。‎ ‎（3）由安培定则可知乙图中S闭合后，螺线管的上端为______极。‎ 考点：通电螺线管的磁场．‎ 专题：磁现象、电生磁．‎ 分析：（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似； （2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关； （3）运用安培定则可对螺线管的磁极进行判断．‎ 解答：解：（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极； （2）如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关． （3）根据安培定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的下端是通电螺线管的N极，上端就是螺线管的S极． 故答案为：条形；电流；S．‎ 点评：本题考查了螺线管磁场的特点、磁极方向的判断等，注意通电螺线管的磁极极性与电流的方向和线圈的绕法有关．‎ 四、综合题 ‎37、2014年4月29日，长沙地铁2号线全线试运营，长沙正式步入地铁时代。细心的小华发现，地铁站台前都有一条安全线，地铁列车车身线形流畅、优美，头部向前突出颇像子弹头，车内乘客可以通过移动电视观看时事新闻，在出现紧急情况的时候，控制室也可以通过广播和无线电及时通知乘客，据小华了解，地铁2号线遵循绿色地铁的发展理念，列车采用轻量化铝合金车体设计，广泛采用吸音以及降噪材料，使车辆更轻，更安静。还采用材料循环运用技术，整车90﹪的材料均可再生使用，列车刹车时，仍继续向前运动，所减少的能量大部分可以转化为电能。‎ 物理现象（摘取原文）‎ 物理知识 ‎①‎ 列车刹车时，仍继续向前运动 ‎②‎ 流体速度越大，压强越小 ‎（1）按要求填写表中空白 ‎（2）请根据文中所提供的信息提出一个有关力学、电学或能量转化等方面的物理问题，并作出回答。‎ 注：不与上表中的内容重复。‎ 示例：广泛使用吸音降噪材料，是从什么途径减弱噪声？‎ 答：从传播过程中减弱噪声。 ‎ 考点：惯性现象；与密度有关的物理现象；流体压强与流速的关系；防治噪声的途径．‎ 专题：其他综合题．‎ 分析：（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；流体流速越大的位置，压强越小，据此分析解答； （2）可根据题意，找出所运用的物理知识，如“子弹头形状的车头可减小阻力”，“通过广播和无线电及时通知乘客是利用了电磁波等”．‎ 解答：解：（1）①列车刹车时，仍继续向前运动，是因为列车具有惯性，还要保持原来的运动状态；②因为流体流速越大的位置，压强越小，所以为了乘客的侯车安全，应站在安全线以外． （2）由题意可知，将列车做成流线形，车头呈子弹头形状，是为了减小空气的阻力；在出现紧急情况的时候，控制室也可以通过广播和无线电及时通知乘客，这是利用电磁波来传递信息；列车采用轻量化铝合金车体设计，可在体积相同的情况下，减小材料密度，降低车体的质量． 故答案为：（1）见下表：‎ 物理现象（摘取原文）‎ 物理知识 ‎①‎ 列车刹车时，仍继续向前运动 列车具有惯性 ‎②‎ 地铁站台前都有一条安全线 流体速度越大，压强越小 ‎（2）问：列车为什么做成流线型？答：可以减少空气的阻力； 问：广播和无线电是利用什么来传递信息的？答：电磁波； 问：列车采用轻量化铝合金车体设计有什么好处？答：可在体积相同的情况下，减小材料密度，降低车体的质量．（答案任选即可）‎ 点评：本题以地铁列车为对象，考查了我们对多个物理知识点的应用实例的了解，有一定的综合性，答案也较开放，值得我们关注． ‎ ‎38、如图的实验中学物理课外活动小组自制的电热暖手器的电路原理图。电源电压恒为8V，S为间单刀三掷开关，发热体的电阻分别是R1=2Ω，R2=1Ω，R3=5Ω。问：‎ ‎（1）该电热暖手器工作时的最小电流是多少？‎ ‎（2）该电热暖手器消耗的最大电功率是多少？‎ ‎（3）当开关调至“2”位置时，R2在1min内最多可以产生多少焦耳的热量？‎ 考点：电功与热量的综合计算；电功率的计算．‎ 专题：电能和电功率．‎ 分析：根据电路图可知，当开关接“1”时，电热手暖器只R1接入电路；当开关接“2”时，电阻R1、R2串联；当开关接“3”时，电阻R1、R2、R3串联； （1）因为电源电压不变，根据欧姆定律可知，当电路中电阻最大时，电流最小，据此求出最小电流 （2）根据P=可知，当电路中的电阻最小时，电路中的电功率最大； （3）根据Q=t可知，R2在1min内最多可以产生的热量．‎ 解答：解：（1）当开关接“3”时，电阻R1、R2、R3串联，此时电路的总电阻最大，电热暖手器工作时的电流最小，即=1A；‎ ‎（2）当开关接“1”时，电热手暖器只R1‎ 接入电路，此时电路中的总电阻最小，则电热暖手器消耗的最大电功率：‎ ‎（3）当开关接“2”时，电阻R1、R2串联，则R2在1min内产生的热量： 答：（1）该电热暖手器工作时的最小电流是1A； （2）该电热暖手器消耗的最大电功率是32W； （3）当开关调至“2”位置时，R2在1min内最多可以产生426.7J的热量．‎ 点评：此题考查了欧姆定律、功率和电热的计算，根据档位不同确定对应的电路连接关系，是正确解答此题的关键．‎ ‎39、如图是一个上肢力量健身器示意图．D是动滑轮；配重A的质量为140kg，底面积是8.0×10﹣2m2，杠杆EH可绕O点在竖直平面内转动，OE：OH=1：2．假定运动员体重是600N，一只脚板与地面的接触面积为2.0×10﹣2m2，（不计杠杆重、绳重及摩擦，g取10N/kg）。问：‎ ‎（1）配重A自由放置时对地面的压力是多大？ ‎ ‎（2）当人将配重A匀速提升0.2m时，人做功340J，动滑轮重为多少？‎ ‎（3）当配重A和人对地面的压强相等且杠杆在水平位置平衡时，人对绳的拉力为多大？‎ 考点：压力及重力与压力的区别；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算公式的应用．‎ 专题：机械与功．‎ 分析：（1）配重A自由放置时对地面的压力等于其重力，根据G=mg即可求出； （2）根据图示可知，人所做的功等于克服配重A做的功和克服动滑轮重所做的功，据此求出动滑轮重； （3）设人对绳的拉力为F，从表示出人对地面的压力，然后根据杠杆平衡的条件求出作用在杠杆E端的作用力，并对D进行受力分析求出作用在动滑轮与A之间绳上的拉力，从而得出A对地面的压力，最后根据配重A和人对地面的压强相等求出拉力的大小．‎ 解答：解：（1）配重A自由放置时对地面的压力：F=G=mg=140kg×10N/kg=1400N； （2）根据题意可知，W总=GAh+G动h，即340J=1400N×0.2m+G动×0.2m，则G动=300N； （3）设配重A和人对地面的压强相等且杠杆在水平位置平衡时，人对绳的拉力为F； 人对地面的压力：F人=600N-F； 由F×OH=FE×OE可得，FE==2F；‎ 则对D分析可知，2FE=G动+F′即F′=4F-300N，故配重A对地面的压力为FA：1400N-F′=1400N-4F+300N=1700N-4F； 因为配重A和人对地面的压强相等，则P人=PA，‎ ‎ F=250N． 答：（1）配重A自由放置时对地面的压力是1400N； （2）动滑轮重为300N； （3）当配重A和人对地面的压强相等且杠杆在水平位置平衡时，人对绳的拉力为250N．‎ 点评：本题是力学中难度较大的计算题，涉及简单机械（杠杆、滑轮）和压强的综合，求解时注意根据题干先分清研究的对象，对其进行受力分析，然后逐个解答．‎