2019人教版高考物理一轮选练习题十及答案 5页

‎2019人教版高考物理一轮选练习题（十）及答案 一、选择题 ‎1、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为x，动能变为原来的4倍。该质点的加速度为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎ ‎【解析】动能变为原来的4倍，则物体的速度变为原来的2倍，即v＝2v0，由x＝(v0＋v)t和a＝得a＝，故C对。‎ ‎【链接】光滑水平地面上有两个叠放在一起的斜面体A、B，两斜面体形状大小完全相同，质量分别为M、m.如图甲、乙所示，对上面或下面的斜面体施加水平方向的恒力F1、F2均可使两斜面体相对静止地做匀加速直线运动，已知两斜面体间的摩擦力为零，则F1与F2之比为(　　)‎ A．M∶m　　　　　　　 B．m∶M C．m∶(M＋m) D．M∶(M＋m)‎ 解析：选A.F1作用于A时，设A和B之间的弹力为N，对A有：Ncos θ＝Mg，对B有：Nsin θ＝ma，对A和B组成的整体有：F1＝(M＋m)a＝gtan θ；F2作用于A时，对B有：mgtan θ＝ma′，对A和B组成的整体有：F2＝(M＋m)a′＝(M＋m)·gtan θ，＝.‎ ‎2、如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m=‎0.2kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量△x之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计，取g=‎10m/s2，则下列说法正确的是（ ）‎ A．小球刚接触弹簧时速度最大 B．当△x=‎0.3m时，小球处于超重状态 C．该弹簧的劲度系数为20.0N/m D．从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大 ‎【答案】BCD ‎【解析】由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x为‎0.1m时，小球的速度最大，然后减小，说明当△x为0．‎1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力．所以可得：k△x=mg，解得：，选项A错误；C正确；弹簧的最大缩短量为△x=‎0.3m，所以弹簧弹力为 F=20N/m×‎0.3m=6N>mg，故此时物体的加速度向上，物体处于超重状态，选项B正确；v-t图线的斜率表示物体的加速度，由图线可知从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，选项D正确；故选BCD．‎ ‎3、（2019黑龙江省哈尔滨市第六中学阶段）下列选项是反映汽车从静止匀加速启动(汽车所受阻力Ff恒定)，达到额定功率P后以额定功率运动最后做匀速运动的速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象，其中正确的是( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】ACD ‎4、（2019山东师大附中月考）如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点,M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M＝30°.M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示．已知φM＝φN，φP＝φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则(　　)‎ A．点电荷P一定在MP的连线上 B．连接PF的线段一定在同一等势面上 C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功 D．φP大于φM ‎【答案】AD 确(另解：根据题意φM＝φN，φP＝φF，可知点电荷Q一定在MN的中垂线与PF连线的中垂线的交点处，作PF连线的中垂线交MP于点O，连结O、F两点，由几何知识知OF为MN的中垂线，故点电荷Q一定在MP的连线上的O点，A正确)；点电荷形成的电场的等势面是以点电荷为球心的同心球面，直线不可能在球面上，故B选项错误；由图可知OF0)．粒子沿纸面以大小为v的速度从OM的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角．已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场．不计重力．粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为(　　)‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D　‎ ‎6、（2019四川省成都市实验高级中学月考）如图甲所示的电路中，理想变压器的原、副线圈匝数比为10：1，在原线圈输入端a、b接入图乙所示的不完整正弦交流电。电路中电阻R1=5,R2=6,R3为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表，开始时开关S断开。下列说法正确的是（ ）‎ A. 电流表的示数为 B. 电压表的示数为 C. 闭合开关S后，电压表示数变大 D. 闭合开关S后，电流表示数变大 ‎【答案】BD ‎7、（2019山东省临沂市高三上学期期中）如图所示，质量分别为mA和mB的物体A和B相对静止，以共同的速度沿倾角为的固定斜面匀速下滑，则下列说法错误的是( )‎ A. A、B之间的动摩擦因数小于B与斜面之间的动摩擦因数 B. B受到的摩擦力的合力大小为 C. A受到的静摩擦力的大小为 D. 取走A物体后，B物体仍将匀速下滑 ‎【答案】A BC正确；根据滑动摩擦力定义式可知，解得， ，解得，故，从该分析中可知取走A物体后，物体B受滑动摩擦力为，代入得， ，即物体B受力平衡，则物体B仍能做匀速直线运动，A错误D正确．‎ 二、非选择题 ‎（2019江西省南昌第二中学月考）如图,用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系.‎ ‎(1)实验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是,可以通过仅测量________(填选项前的符号),间接地解决这个问题.‎ A.小球开始释放高度h B.小球抛出点距地面的高度H C.小球做平抛运动的射程 ‎(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影.实验时,先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放,找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP.然后,把被碰小球m2静置于轨道的水平部分,再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放,与小球m2相碰,并多次重复.‎ 接下来要完成的必要步骤是________.(填选项前的符号)‎ A.用天平测量两个小球的质量m1、m2‎ B.测量小球m1开始释放高度h C.测量抛出点距地面的高度H D.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、N E.测量平抛射程OM、ON ‎(3)若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示为_______(用(2)中测量的量表示).‎ ‎(4)经测定,m1＝45.0g,m2＝7.5g,小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示.碰撞前、后m1的动量分别为p1与p1′,则p1:p1′＝_____:11;若碰撞结束时m2的动量为p2′,则p1′:p2′＝11:________.‎ 实验结果说明,碰撞前、后总动量的比值为________.‎ ‎【答案】 (1)C； (2)ADE； (3) (4)14； 2.9； 1.01‎ ‎(2) 要验证动量守恒定律定律，即验证： ，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得： ，得： ，因此实验需要测量：两球的质量、小球的水平位移，故选：ADE．‎ ‎(3)由(2)分析可知：表达式可表示为： ，‎ ‎(4)碰撞前后动量之比： ， ,‎