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  • 2021-05-14 发布

高考数学难点41讲难点08 奇偶性与单调性二

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难点 8 奇偶性与单调性(二) 函数的单调性、奇偶性是高考的重点和热点内容之一,特别是两性质的应用更加突出. 本节主要帮助考生学会怎样利用两性质解题,掌握基本方法,形成应用意识. ●难点磁场 (★★★★★)已知偶函数 f(x)在(0,+∞)上为增函数,且 f(2)=0,解不等式 f[log2(x2+5x+4)] ≥0. ●案例探究 [例 1]已知奇函数 f(x)是定义在(-3,3)上的减函数,且满足不等式 f(x-3)+f(x 2- 3)<0,设不等式解集为 A,B=A∪{x|1≤x≤ },求函数 g(x)=-3x2+3x-4(x∈B)的最大值. 命题意图:本题属于函数性质的综合性题目,考生必须具有综合运用知识分析和解决问 题的能力,属★★★★级题目. 知识依托:主要依据函数的性质去解决问题. 错解分析:题目不等式中的“f”号如何去掉是难点,在求二次函数在给定区间上的最 值问题时,学生容易漏掉定义域. 技巧与方法:借助奇偶性脱去“f”号,转化为 xcos 不等式,利用数形结合进行集合运 算和求最值. 解:由 且 x≠0,故 03-x2,即 x2+x-6>0,解得 x>2 或 x<-3,综上得 2f(0)对所有θ∈[0, ]都成立?若存在,求出符合条件 的所有实数 m 的范围,若不存在,说明理由. 命题意图:本题属于探索性问题,主要考查考生的综合分析能力和逻辑思维能力以及运 算能力,属★★★★★题目. 知识依托:主要依据函数的单调性和奇偶性,利用等价转化的思想方法把问题转化为二 次函数在给定区间上的最值问题. 错解分析:考生不易运用函数的综合性质去解决问题,特别不易考虑运用等价转化的思 想方法. 技巧与方法:主要运用等价转化的思想和分类讨论的思想来解决问题. 解:∵f(x)是 R 上的奇函数,且在[0,+∞)上是增函数,∴f(x)是 R 上的增函数.于是不 等式可等价地转化为 f(cos2θ-3)>f(2mcosθ-4m), 即 cos2θ-3>2mcosθ-4m,即 cos2θ-mcosθ+2m-2>0. 设 t=cosθ,则问题等价地转化为函数 g(t)=t2-mt+2m-2=(t- )2- +2m-2 在[0, 5    <<− <<    <−<− <−<− 66 60 333 333 2 x x x x 得 6 6 6 5 6 2 1 4 13 2 π 2 m 4 2m 1]上的值恒为正,又转化为函数 g(t)在[0,1]上的最小值为正. ∴当 <0,即 m<0 时,g(0)=2m-2>0 m>1 与 m<0 不符; 当 0≤ ≤1 时,即 0≤m≤2 时,g(m)=- +2m-2>0 4-2 1,即 m>2 时,g(1)=m-1>0 m>1.∴m>2 综上,符合题目要求的 m 的值存在,其取值范围是 m>4-2 . ●锦囊妙计 本难点所涉及的问题以及解决的方法主要有: (1)运用奇偶性和单调性去解决有关函数的综合性题目.此类题目要求考生必须具有驾驭 知识的能力,并具有综合分析问题和解决问题的能力. (2)应用问题.在利用函数的奇偶性和单调性解决实际问题的过程中,往往还要用到等价 转化和数形结合的思想方法,把问题中较复杂、抽象的式子转化为基本的简单的式子去解决. 特别是:往往利用函数的单调性求实际应用题中的最值问题. ●歼灭难点训练 一、选择题 1.(★★★★)设 f(x)是(-∞,+∞)上的奇函数,f(x+2)=-f(x),当 0≤x≤1 时,f(x)=x,则 f(7.5) 等于( ) A.0.5 B.-0.5 C.1.5 D.-1.5 2.(★★★★)已知定义域为(-1,1)的奇函数 y=f(x)又是减函数,且 f(a-3)+f(9-a2)<0, 则 a 的取值范围是( ) A.(2 ,3) B.(3, ) C.(2 ,4) D.(-2,3) 二、填空题 3.(★★★★)若 f(x)为奇函数,且在(0,+∞)内是增函数,又 f(-3)=0,则 xf(x)<0 的解集 为_________. 4.(★★★★)如果函数 f(x)在 R 上为奇函数,在(-1,0)上是增函数,且 f(x+2)=-f(x),试 比较 f( ),f( ),f(1)的大小关系_________. 三、解答题 5.(★★★★★)已知 f(x)是偶函数而且在(0,+∞)上是减函数,判断 f(x)在(-∞,0)上的增 减性并加以证明. 6.(★★★★)已知 f(x)= (a∈R)是 R 上的奇函数, (1)求 a 的值; (2)求 f(x)的反函数 f-1(x); 2 m ⇒ 2 m 4 2m ⇒ 2 2 2 2 m ⇒ 2 2 10 2 3 1 3 2 x xa 21 12 + −⋅ (3)对任意给定的 k∈R+,解不等式 f-1(x)>lg . 7.(★★★★)定义在(-∞,4]上的减函数 f(x)满足 f(m-sinx)≤f( - +cos 2x)对 任意 x∈R 都成立,求实数 m 的取值范围. 8.(★★★★★)已知函数 y=f(x)= (a,b,c∈R,a>0,b>0)是奇函数,当 x>0 时,f(x)有 最小值 2,其中 b∈N 且 f(1)< . (1)试求函数 f(x)的解析式; (2)问函数 f(x)图象上是否存在关于点(1,0)对称的两点,若存在,求出点的坐标;若不 存在,说明理由. 参考答案 难点磁场 解:∵f(2)=0,∴原不等式可化为 f[log2(x2+5x+4)]≥f(2). 又∵f(x)为偶函数,且 f(x)在(0,+∞)上为增函数, ∴f(x)在(-∞,0)上为减函数且 f(-2)=f(2)=0 ∴不等式可化为 log2(x2+5x+4)≥2 ① 或 log2(x2+5x+4)≤-2 ② 由①得 x2+5x+4≥4 ∴x≤-5 或 x≥0 ③ 由②得 0<x2+5x+4≤ 得 ≤x<-4 或-1<x≤ ④ 由③④得原不等式的解集为 {x|x≤-5 或 ≤x≤-4 或-1<x≤ 或 x≥0} 歼灭难点训练 一、1.解析:f(7.5)=f(5.5+2)=-f(5.5)=-f(3.5+2)=f(3.5)=f(1.5+2)=-f(1.5)=-f(-0.5+2)= f(-0.5)=-f(0.5)=-0.5. 答案:B 2.解析:∵f(x)是定义在(-1,1)上的奇函数又是减函数,且 f(a-3)+f(9-a2)<0. ∴f(a-3)<f(a2-9). ∴ ∴a∈(2 ,3). 答案:A 二、3.解析:由题意可知:xf(x)<0 ∴x∈(-3,0)∪(0,3) k x+1 m21+ 4 7 cbx ax + +12 2 5 4 1 2 105 −− 2 105 +− 2 105 −− 2 105 +−      −>− <−<− <−<− 93 191 131 2 2 aa a a 2    < >    > <⇔ 0)( 0 0)( 0 xf x xf x 或    < >    −> <⇔    < >    −> <⇔ 3 0 3 0 )3()( 0 )3()( 0 x x x x fxf x fxf x 或或 答案:(-3,0)∪(0,3) 4.解析:∵f(x)为 R 上的奇函数 ∴f( )=-f(- ),f( )=-f(- ),f(1)=-f(-1),又 f(x)在(-1,0)上是增函数且- > - >-1. ∴f(- )>f(- )>f(-1),∴f( )<f( )<f(1). 答案:f( )<f( )<f(1) 三、5.解:函数 f(x)在(-∞,0)上是增函数,设 x1<x2<0,因为 f(x)是偶函数,所以 f(-x1)=f(x1),f(-x2)=f(x2),由假设可知-x1>-x2>0,又已知 f(x)在(0,+∞)上是减函数,于是 有 f(-x1)<f(-x2),即 f(x1)<f(x2),由此可知,函数 f(x)在(-∞,0)上是增函数. 6.解:(1)a=1. (2)f(x)= (x∈R) f--1(x)=log2 (-1<x<1 . (3)由 log2 >log2 log2(1-x)<log2k,∴当 0<k<2 时,不等式解集为{x|1-k< x<1 ;当 k≥2 时,不等式解集为{x|-1<x<1 . 7.解: ,对 x∈ R 恒成立, ∴m∈[ ,3]∪{ }. 8.解:(1)∵f(x)是奇函数,∴f(-x)=-f(x),即 ∴c=0,∵a>0,b>0,x>0,∴f(x)= ≥2 ,当且仅当 x= 时等号成立, 于是 2 =2,∴a=b2,由 f(1)< 得 < 即 < ,∴2b2-5b+2<0,解得 <b<2, 又 b∈N,∴b=1,∴a=1,∴f(x)=x+ . (2)设存在一点(x0,y0)在 y=f(x)的图象上,并且关于(1,0)的对称点(2-x0,-y0)也在 y=f(x) 3 1 3 1 3 2 3 2 3 1 3 2 3 1 3 2 3 1 3 2 3 1 3 2 12 12 + − x x ⇒ x x − + 1 1 ) x x − + 1 1 k x+1 ⇒ } }    ++−≥++− ≤−         +−+≥− ≤+−+ ≤− 1sinsin4 721 sin4 cos4 721sin 4cos4 721 4sin 2 2 2 xxmm xm xmxm xm xm 即    =≥ ≤ ∴ 2 1 2 3 3 mm m 或 2 3 2 1 cbxcbxcbx ax cbx ax −=+⇒+− +−=+ + 11 22 bxxb a bx ax 112 +=+ 2b a a 1 2b a 2 5 b a 1+ 2 5 b b 12 + 2 5 2 1 x 1 图象上,则 消去 y0 得 x02-2x0-1=0,x0=1± . ∴y=f(x)图象上存在两点(1+ ,2 ),(1- ,-2 )关于(1,0)对称.        −=− +− =+ 0 0 2 0 0 0 2 0 2 1)2( 1 yx x yx x 2 2 2 2 2