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- 2021-05-14 发布
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成都理工大学附中 2019 高三数学一轮高考单元辅导与训练单元检测:计数原理
本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷( 非选择题)两部分.满分 150 分.考试时间 120 分钟.
第Ⅰ卷 (选择题 共 60 分)
一、选择题 (本大题共 12 个小题,每小题 5 分,共 60 分,在每小题给出的四个选项中,只有一
项是符合题目要求的)
1.若变量 满足约束条件 , ,则 取最小值时,
二项展开式中的常数项为( )
A. B. C. D.
【答案】A
2.25 人排成 5×5 方阵,从中选出 3 人,要求其中任意 2 人既不同行也不同列,则不同的选 法
为( )
A.60 种 B.100 种 C.300 种 D.600 种
【答案】D
3.在 的展开式中, 的系数是( )
A.-55 B.45 C. -25 D.25
【答案】A
4.若(1+2x)5=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4+a5x5,则 a0+a1+a3+a5=( )
A. 122 B. 123 C. 243 D. 244
【答案】B
5.由 , , , 组成没有重复数字的三位数的个数为( )
A. 3 6 B. 24 C. 12 D.6
【答案】B
6.自然数 1,2,3,…, 按照一定的顺序排成一个数列: .若满足
,则称数列 为一个“优数列”.当 时,这样的“优数列”
共有( )
A.24 个 B.23 个 C.18 个 D.16 个
【答案】A
7.有 6 个座位连成一排,现有 3 人就坐,则恰有两个空座位相邻的不同坐法有( )[来源:学_科_网][来源:学.科.网 Z.X.X.K]
A.36 种 B.48 种 C.72 种 D.96 种
【答案】C
8.将 名教师, 名学生分成 个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组
由 名教师和 名学生组成,不同的安排方案共有( ) 种[来源:学*科*网]
A.12 B.10 C.9 D.8
【答案】A
9.庆“元旦”的文艺晚会由 6 个节目组成,演出顺序有如下要求:节目甲必须安排往前两位,
节目乙不能安排在第一位,节目丙必须安排在最后一位,则该晚会节目演出顺序 的编排方案
共有( )
A.36 种; B.42 种; C.48 种; D.54 种
【答案】B
10.已知两个实数集合 A={a1, a2, … , a100}与 B={b1, b2, … , b50},若从 A 到 B 的映射 f 使得 B
中的每一个元素都有原象,且 f(a1)≤f(a2)≤…≤f(a100),则这样的映射共有( )[来源:1]
,a b
6
3 2
1
a b
a b
a
+ ≤
− ≤ −
≥
2 3n a b= + n 2
12
n
x x
−
-80 80 40 -20
( ) ( )xx −− 21 6 3x
1 2 3 4
n 1 2 na a a…, , , 1 2a a- 1 + - 2
4na n− ≤+ + 1 2 na a a…, , , 6n =
2 4 2
1 2
A. B. C. D.
【答案】D
11.若 的展开式中各项系数之和为 125,则展开式中的常数项为( )
A.-27 B.-48 C.27 D.48
【答案】D
12.从 6 名学生中,选出 4 人分别从事 A、B、C、D 四项不同的工作,若其中,甲、乙两人不能
从事工作 A,则不同的选派方案共有( )
A.96 种 B.180 种
C.240 种 D.280 种
【答案】C
第Ⅱ卷(非选择题 共 90 分)
二、填空题 (本大题共 4 个小题,每小题 5 分,共 20 分,把正确答案填在题中横线上)
13 .今有 2 个红球、4 个黄球,同色球不加以区分,将这 6 个球排成一列有____种不同的方法
(用数字作答).
【答案】15
14. 展开式中 的系数是 。
【答案】
15.在 (x-1)11 的展开式中,系数最小的项的系数为 ________(结果用数值表示)。
【答案】-462
16.从 0, 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9 这 10 个数中取出 3 个数, 使其和为不小于 10 的偶数, 不同的
取法有____________种.
【答案】51
三、解答题 (本大题共 6 个小题,共 70 分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.已知 的展开式中 x 的系数为 19, 求 的展开式中
的系数的最小值.
【答案】
由题意 , .
项的系数为 .
,根据二次函数知识,当 或 10 时,上式有最小值,也就是当 ,
或 , 时, 项的系数取得最小值,最小值为 81.
18 .已知二项式 (n∈N )的展开式中第 5 项的系数与第 3 项的系数的比是 56:3 .
(1)求 的值;(2)求展开式中的常数项
【答案】(1) (2)180
50
100C 50
90C 49
100C 49
99C
n1(4 x )x
+
62 )2
1( xx − 6x
4
15
( ) (1 ) (1 ) ( )m nf x x x m n ∗= + + + ∈N, ( )f x 2x
1 2 2 1 2 2( ) 1 1m m n n
m m m n n nf x C x C x C x C x C x C x= + + + + + + + + +
19m n+ = m n ∗∈N,
2x∴
2
2 2 ( 1) ( 1) 19 19 17
2 2 2 4m n
m m n nC C m
− − × + = + = − +
∵ m n ∗∈N, 9m = 9m = 10n =
10m = 9n = 2x
n
xx )2( 2
− *
n
10=n
19.从 4 名男生,3 名女生中选出三名代表,(1)不同的选法共有多少种?(2)至少有一名女生的
不同的选法共有多少种?(3)代表中男、女生都要有的不同的选法共有多少种?
【答案】(1)即从 7 名学生中选出三名代表,共有选法 种;
(2)至少有一名女生的不同选法共有 种;
(3)男、女生都要有的不同的选法共有 种。
20.用 0,1,2,3,4,5 这六个数字:
(1)能组成多少个无重复数字的四位偶数?
(2)能组成多少个无重复数字且为 5 的倍数的五位数?
(3)能组成多少个无重复数字且比 1325 大的四位数?
【答案】(1)符合要求的四位偶数可分为三类:
第一类:0 在个位时有 个;
第二类:2 在个位时,首位从 1,3,4,5 中选定 1 个(有 种),十位和百位从余下的数字中选
(有 种),于是有 个;
第三类:4 在个位时,与第二类同理,也有 个.
由分类加法计数原理知,共有四位偶数: 个.
(2)符合要求的五位数中 5 的倍数的数可分为两类:个位数上的数字是 0 的五位数有 个;个
位数上的数字是 5 的五位数有 个.故满足条件的五位数的个数共有 个.
(3)符合要求的比 1325 大的四位数可分为三类:
第一类:形如 2□□□,3□□□,4□□□,5□□□,共 个;
第二类:形如 14□□,15□□,共有 个;
第三类:形如 134□,135□,共 有 个;
由分类加法计数原理知,无重复数字且比 1325 大的四位数共有:
个
21.(1)在 的展开式中,若第 项与第 项系数相等,且 等于多 少?
(2) 的展开式奇数项的二项式系数之 和为 ,则求展开式中二项式系数最大
项。
【答案】(1)由已知得
3
7 35C =
1 2 2 1 3
3 4 3 4 3 31CC C C C+ + =
3 3 3
7 4 3 30C C C− − =
3
5A
1
4A
2
4A 1 2
4 4A A·
1 2
4 4A A·
3 1 2 1 2
5 4 4 4 4 156A A A A A+ + =· ·
4
5A
1 3
4 4A A· 4 1 3
5 4 4 216A A A+ =·
1 3
4 5A A·
1 2
2 4A A·
1 1
2 3A A·
1 3 1 2 1 1
4 5 2 4 2 3 270A A A A A A+ + =· · ·
n(1+x) 3 6 n
3
1 n
x x
x
+ 128
2 5 7n nC C n= ⇒ =
(2)由已知得 ,而展开式中 二项式
系数最大项是 。
22.已知 ( ),
(1)当 时,求 的值;
(2)设 ,试用数学归纳法证明:当 时,
。
【答案】(1)记 ,
则
(2)设 ,则原展开式变为: ,
则
所以
当 时, ,结论成立
假设 时成立,即
那么 时,
,结论成立。
所以当 时, 。
[来源:1]
1 3 5 1... 128,2 128, 8n
n n nC C C n−+ + + = = =
34 4 4 4 2
4 1 8 3
1( ) ( ) 70T C x x x x
x+ = =
( ) ( ) ( ) ( )n
n
n xaxaxaax 1111 2
210 −++−+−+=+ *,2 Nnn ∈≥
5=n 54321 aaaaa ++++
nnnn bbbTab +++== − 323
2 ,2 2≥n
( )( )
3
11 −+= nnnTn
( ) ( )51+= xxf
( ) ( ) 55
54321 2312 −=−=++++ ffaaaaa
yx =−1 ( ) n
n
n yayayaay ++++=+ ...2 2
210
22
2 2 −= n
nCa
( )12 3
2 −== − nnab nn
2=n 2,2 22 == bT
kn = ( )( )
3
11 −+= kkkTk
1+= kn
( ) ( )[ ]( )[ ]
3
11111 −++++= kkk
2≥n
( )( )
3
11 −+= nnnTn