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- 2021-05-27 发布
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选择题仿真2018·Ⅲ卷高考模拟演练
二、选择题:本题共8小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14.2017年11月17日,“中国核潜艇之父”黄旭华获评全国道德模范,颁奖典礼上,习总书记为他“让座”的场景感人肺腑。下列有关核反应说法错误的是( )
A.目前核潜艇是利用重核裂变提供动力
B.重核裂变反应前后一定有质量亏损
C.U+n→Xe+Sr+dn,式中d=2
D.铀核裂变后的新核比铀核的比结合能小
解析 核电站是利用核裂变释放的核能来发电的,故A项正确;依据质能方程可知,重核裂变反应前后一定有质量亏损,向外辐射能量,故B项正确;依据质量数与电荷数守恒,U+n→Xe+Sr+dn,式中d=2,故C项正确;铀核裂变后生成的新核稳定,可知铀核的比结合能比裂变后生成的新核的比结合能小,故D项错误。
答案 D
15.(2019·山东泰安月考)2018年2月2日,我国地震立体观测体系的第一个天基平台——“张衡一号”电磁监测试验卫星被送入太空,绕地球做匀速圆周运动。“张衡一号”卫星的重返周期为5天,即每5天在同一个时间从地球同一个位置的上空飞过。下列说法正确的是( )
A.该卫星运行的线速度不可能大于第一宇宙速度
B.该卫星有可能在地球同步卫星轨道上运行
C.该卫星运行的向心加速度一定大于地面的重力加速度
D.由于该卫星在轨道上运行时处于完全失重状态,故不受地球的万有引力
解析 第一宇宙速度是最大的环绕速度,故不可能大于第一宇宙速度,A项正确;由题中条件可知,该卫星不可能位于地球同步卫星轨道上,B项错误;由g=可知,卫星的向心加速度一定小于地面的重力加速度,C项错误,完全失重时,此时只受万有引力作用,D项错误。
答案 A
16.(2019·江西重点中学协作体第二次联考)如图所示为一个经双可控硅调节后加在电灯上的电压,正弦交流电的每一个二分之一周期中,前面四分之一周期被截去。现在电灯上电压的有效值为( )
5
A.Um B.
C. D.
解析 从ut图像上看,每个周期正弦波形的有效值U1=,根据有效值的定义T=××2+0,解得U=,D正确。
答案 D
17.如图所示,一个小球从一定高度h处以水平速度v0=10 m/s抛出,小球恰好垂直撞在倾角θ=45°的斜面的中点P。已知AC=2 m,g取10 m/s2,则小球抛出点的高度h及斜面的高度H分别为( )
A.8 m、13 m B.10 m、15 m
C.13 m、16 m D.15 m、20 m
解析 因小球垂直撞在倾角θ=45°的斜面的中点P,由图知在P点有tanθ=,代入数值得t=1 s,由平抛规律和几何知识知AC+PCcosθ=v0t,h-PCsinθ=gt2,联立并代入数值得h=13 m,由图知H=2PCsinθ=16 m,C项正确。
答案 C
18.(2019·安徽A10联盟最后一卷)t=0时,甲、乙两车同时同向行驶,其位移—时间图像分别为图中直线甲和曲线乙。已知乙车的加速度恒定,且大小为4 m/s2,t=3 s时,直线甲和曲线乙刚好相切,且两车相遇,则t=0时甲车和乙车的距离为( )
A.16 m B.18 m
5
C.20 m D.22 m
解析 由题图可知,甲车的速度为v1== m/s=4 m/s,t=3 s时,直线甲和曲线乙刚好相切,即此时乙车的速度v2=4 m/s,由题图可知乙车做匀减速直线运动,即a=-4 m/s2,设乙车的初速度为v0,由v2=v0+at,得v0=16 m/s,由题图可知甲车的位移为x1=12 m,乙车的位移为x2=t=×3 m=30 m,t=3 s时,甲车和乙车到达同一位置,则Δx=x2-x1=18 m,故选B。
答案 B
19.(2019·福建三明期末)发动机额定功率为P0的汽车在水平路面上从静止开始先匀加速启动,最后达到最大速度并做匀速直线运动,已知汽车所受路面阻力恒为f,汽车刚开始启动时的牵引力和加速度分别为F0和a0,如图所示描绘的是汽车在这一过程中速度随时间以及加速度、牵引力和功率随速度变化的图像,其中正确的是( )
解析 汽车匀加速启动时,a一定,根据v=at知v增大,F=ma+Ff知F一定,根据P=Fv知牵引力增大,功率P也均匀增大。达到P额后,功率保持不变,由于v继续增大,所以F=减小,a=减小,当F=f时,a=0,vm=,此后做匀速运动,故A、C正确,B、D错误。
答案 AC
20.(2019·内蒙呼和浩特调研)某电子天平原理如图所示,E形磁铁的两侧为N极,中心为S极,两极间的磁感应强度大小均为B,磁极宽度均为L,忽略边缘效应,一正方形线圈套于中心磁极,其骨架与秤盘连为一体,线圈两端C、D均与外电路连接。当质量为m的重物放在秤盘上时,弹簧被压缩。秤盘和线圈一起向下运动(骨架与磁极不接触),随后外电路对线圈供电,秤盘和线圈恢复到未放重物时的位置并静止。由此时对应的供电电流I可确定重物的质量。已知线圈匝数为n,线圈电阻为R,重力加速度为g,则( )
5
A.线圈向下运动过程中感应电流从C端流出,供电电流从D端流入
B.线圈向下运动过程中感应电流从D端流出,供电电流从C端流入
C.重物质量与电流的关系为m=
D.若线圈消耗的最大功率为P,电子天平能称量的最大质量是m0=
解析 由图知,线圈向下运动,穿过线圈的磁通量增大,根据楞次定律可知,感应电流的磁场向上,又根据右手螺旋定则可判断,感应电流从C端流出,D端流入,A项正确,B项错误;由平衡条件知:mg=2nBIL,得重物质量与电流的关系m=,C项正确;根据P=I2R,联立mg=2nBIL可得最大质量为m0=,D项正确。
答案 ACD
21.(2019·安徽“江南十校”二模)如图所示,平行板电容器与电源相连,开始时极板不带电,质量为m、电荷量为q的油滴开始自由下落,一段时间后合上开关S,油滴经过相同时间回到出发点。忽略电容器充电时间,
极板间距足够大,已知充电后的电场强度大小为E,下列判断正确的是( )
A.油滴带负电
B.Eq=4mg
C.油滴回到出发点的速度为0
D.油滴向下运动的过程中,机械能先不变后减小
解析 充电后,油滴受到向上的电场力,而电容器上极板带正电,电场方向竖直向下,故油滴带负电,A正确;闭合前,油滴向下运动的过程,h=gt2,闭合开关后,x=vmt-at2,又vm=gt,h=-x,解得a=3g,对第二个过程由牛顿第二定律可得Eq-mg=3mg,故Eq=4mg,B正确;返回到出发点的速度为v=vm-at=-2vm
5
,C错误;自由下落过程中机械能守恒,当闭合开关后,电场力做负功,所以机械能减小,故向下运动的过程中,机械能先不变后减小,D正确。
答案 ABD
5
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