2020高考物理刷题增分：选择题仿真2019Ⅲ卷高考模拟演练含解析 5页

选择题仿真2019·Ⅲ卷高考模拟演练 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。‎ ‎14．如图所示，一个有弹性的金属圆环用一根橡皮绳吊于通电直导线的正下方，直导线与圆环在同一竖直面内，当通电直导线中电流增大时，弹性圆环的面积S和橡皮绳的长度l将(　　)‎ A．S增大，l变长 B．S减小，l变短 C．S增大，l变短 D．S减小，l变长 解析　当通电直导线中电流增大时，穿过金属圆环的磁通量增大，金属圆环中产生感应电流，根据楞次定律，感应电流产生的效果要阻碍磁通量的增大，一是用缩小面积的方式进行阻碍，二是用远离直导线的方式进行阻碍，选项D正确。‎ 答案　D ‎15．(2019·山东菏泽模拟)2018年4月，“天宫一号”完成其历史使命，离开运行轨道，进入大气层，最终其主体部分会在大气层中完全烧毁。在燃烧前，由于稀薄空气阻力的影响，“天宫一号”的运行半径逐渐减小。在此过程中，下列关于“天宫一号”的说法中正确的是(　　)‎ A．运行速率逐渐减小，机械能逐渐增大 B．运行周期逐渐减小，机械能逐渐增大 C．运行速率逐渐增大，机械能逐渐减小 D．运行周期逐渐增大，机械能逐渐减小 解析　根据G＝m＝mr得，v＝，T＝，轨道半径减小，则速率增大，周期减小，由于空气阻力做功，根据功能关系知，机械能减小，选项A、B、D错误，C正确。‎ 答案　C ‎16．如图所示，两斜面体A、B叠放在水平地面上，连接斜面体A与天花板的轻弹簧沿竖直方向，两斜面体A、B均处于静止状态。关于斜面体A和B 5‎ 的受力情况，下列说法正确的是(　　)‎ A．斜面体A一定受两个力 B．斜面体A可能受三个力 C．斜面体B一定受四个力 D．斜面体B可能受五个力 解析　斜面体A处于平衡状态，可能只受弹簧拉力和重力，此时斜面体A、B间没有相互挤压不存在摩擦力，斜面体A只受两个力，斜面体B也只受两个力，C项错误；若弹簧弹力为零，对斜面体A进行受力分析，斜面体A受重力、斜面体B对斜面体A的支持力和摩擦力，处于平衡，斜面体A受三个力，A项错误，B项正确；对斜面体A、B整体分析，不论弹簧弹力有无，只受坚直方向的外力，斜面体B与地面间不会存在摩擦力，斜面体B可能受两个力或四个力，不可能受五个力，D项错误。‎ 答案　B ‎17．一个小球从足够高处水平抛出，空气阻力忽略不计，小球抛出后的动能随时间变化的关系为Ek＝2＋50t2(J)，重力加速度g取‎10 m/s2，则(　　)‎ A．小球的初速度为‎4 m/s B．小球的质量为‎0.5 kg C．2 s末小球的水平位移为‎2 m D．2 s末小球的速度约为‎20.1 m/s 解析　由动能定理得Ek－Ek0＝mgh＝mg·gt2，则Ek＝Ek0＋mg·gt2，与Ek＝2＋50t2(J)对比可知，m＝1 kg，初动能为Ek0＝2 J＝mv，所以v0＝2 m/s，选项A、B错误；2 s内水平位移x＝vt＝4 m，选项C错误；2 s末的动能Ek＝202 J＝mv2，解得v≈20.1 m/s，选项D正确。‎ 答案　D ‎18．如图所示，一质量为m、带电荷量为q的粒子以速度v垂直射入一有界匀强磁场区域内，速度方向跟磁场左边界垂直，从右边界离开磁场时速度方向偏转角θ＝30°，磁场区域的宽度为d，则下列说法正确的是(　　)‎ 5‎ A．该粒子带正电 B．磁感应强度B＝ C．粒子在磁场中做圆周运动的半径R＝d D．粒子在磁场中运动的时间t＝ 解析　由左手定则可判断，该粒子带负电，A错误；分别作出入射方向和出射方向的垂线，交点为圆周运动的圆心O，由几何关系可得，圆心角θ＝30°，半径R＝＝2d，C错误；由洛伦兹力提供向心力，有qvB＝m，得R＝，将R＝2d代入可得B＝，B错误；粒子做圆周运动的周期T＝＝，将B＝代入可得T＝，则运动时间t＝T＝×＝，D正确。‎ 答案　D ‎19．有一个铜盘，轻轻拨动它，能长时间地绕轴自由转动。如果在铜盘转动时把条形磁铁的磁极放在铜盘边缘，但并不与铜盘接触，如图所示。下列说法正确的是(　　)‎ A．铜盘中既有感应电动势，又有感应电流 B．铜盘的转动不受铁磁影响 C．铜盘受到磁铁影响将越转越慢 D．铜盘受到磁铁影响将越转越快 解析　根据法拉第电磁感应定律及楞次定律可知，铜盘转动时，盘中会产生感应电动势，有感应电流，使铜盘受到安培力的作用，即受到阻尼的作用，铜盘的机械能转化为电能，进而转化为焦耳热，因此铜盘将越转越慢，直到停下，选项A、C正确。‎ 5‎ 答案　AC ‎20．(2019·云南昆明检测)如图甲所示，质量mA＝‎1 kg，mB＝‎2 kg的A、B两物块叠放在一起静止于粗糙水平地面上。t＝0时刻，一水平恒力F作用在物块B上，t＝1 s时刻，撤去F，B物块运动的速度—时间图像如图乙所示，若整个过程中A、B始终保持相对静止，则下列说法正确的是(　　)‎ A．物块B与地面间的动摩擦因数为0.2‎ B．1～3 s内物块A不受摩擦力作用 C．0～1 s内物块B对A的摩擦力大小为4 N D．水平恒力的大小为12 N 解析　在vt图像中图线的斜率大小等于物块运动的加速度大小，则a1＝4 m/s2，a2＝2 m/s2，对两物块受力分析，由牛顿第二定律可得：F－μ(mA＋mB)g＝(mA＋mB)a1，μ(mA＋mB)g＝(mA＋mB)a2，解得：μ＝＝0.2，F＝18 N，选项A正确，选项D错误；1～3 s内两物块一起运动，物块A也具有水平向左的加速度，对其受力分析，可知：B对A施加了水平向左的静摩擦力，选项B错误；同理在0～1 s内物块A也具有水平向右的加速度，对其受力分析，可知：B对A施加了水平向右的静摩擦力，由牛顿第二定律可得：Ff＝mAa1＝4 N，选项C正确。‎ 答案　AC ‎21．如图所示，一质量为m、电荷量为q的离子静止于A处，经电压为U的加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静电分析器，静电分析器通道内有均匀辐向分布的电场，方向如图中所示，已知圆弧虚线的半径为R。离子经过静电分析器后从B点垂直CN进入存在匀强电场的矩形区域，矩形区域中电场方向水平向左，离子从边界MN射出电场，且出电场时与边界MN成45°角。已知B点到边界MN的距离为d，不计离子的重力，则下列说法正确的是(　　)‎ 5‎ A．离子到达B点时的速度大小为 B．离子到达边界MN时的速度大小为2 C．矩形区域中场强的大小为 D．B点与边界MN间的电势差为U 解析　离子在加速电场中加速，由动能定理得qU＝mv－0，解得v0＝，离子进入静电分析器后做匀速圆周运动，所以到达B点时的速度大小仍为v0＝，A项正确；离子到达边界MN时的速度大小为v＝v0＝2，B项错误；离子在矩形区域电场中做类平抛运动，水平方向做匀加速运动，出电场时水平方向速度设为vx，且离子出电场时速度方向与边界MN成45°角，故有vx＝v0，v＝2ad，由牛顿第二定律得qE＝ma，联立解得E＝，C项错误；B点与边界MN间的电势差为UBN＝Ed＝U，D项正确。‎ 答案　AD 5‎