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  • 2021-06-10 发布

高考数学专题复习练习第2讲 函数的单调性与最值

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第2讲 函数的单调性与最值 一、选择题 ‎1.下列函数中,既是偶函数又在(0,+∞)内单调递减的函数是 ‎(  ).‎ A.y=x2 B.y=|x|+1‎ C.y=-lg|x| D.y=2|x|‎ 解析 对于C中函数,当x>0时,y=-lg x,故为(0,+∞)上的减函数,且y=-lg |x|为偶函数.‎ 答案 C ‎2.已知函数f(x)为R上的减函数,则满足f(|x|)<f(1)的实数x的取值范围是(  )‎ A.(-1,1) B.(0,1)‎ C.(-1,0)∪(0,1) D.(-∞,-1)∪(1,+∞)‎ 解析 ∵f(x)在R上为减函数且f(|x|)<f(1),‎ ‎∴|x|>1,解得x>1或x<-1.‎ 答案 D ‎3.若函数y=ax与y=-在(0,+∞)上都是减函数,则y=ax2+bx在(0,+∞)上是(  )‎ A.增函数 B.减函数 C.先增后减 D.先减后增 解析 ∵y=ax与y=-在(0,+∞)上都是减函数,‎ ‎∴a<0,b<0,∴y=ax2+bx的对称轴方程x=-<0,‎ ‎∴y=ax2+bx在(0,+∞)上为减函数.‎ 答案 B ‎4.设函数f(x)=g(x)=x‎2f(x-1),则函数g(x)的递减区间是 (  ).‎ A.(-∞,0] B.[0,1)‎ C.[1,+∞) D.[-1,0]‎ 解析 g(x)=如图所示,其递减区间是[0,1).故选B.‎ 答案 B ‎5.函数y=-x2+2x-3(x<0)的单调增区间是(  )‎ A.(0,+∞) B.(-∞,1]‎ C.(-∞,0) D.(-∞,-1]‎ 解析 二次函数的对称轴为x=1,又因为二次项系数为负数,拋物线开口向下,对称轴在定义域的右侧,所以其单调增区间为(-∞,0).‎ 答案 C ‎6.设函数y=f(x)在(-∞,+∞)内有定义,对于给定的正数K,定义函数fK(x)=取函数f(x)=2-|x|,当K=时,函数fK(x)的单调递增区间 为 (  ).‎ A.(-∞,0) B.(0,+∞) ‎ C.(-∞,-1) D.(1,+∞)‎ 解析 f(x)=⇔‎ f(x)= f(x)的图象如右图所示,因此f(x)的单调递增区间为(-∞,-1).‎ 答案 C 二、填空题 ‎7.设函数y=x2-2x,x∈[-2,a],若函数的最小值为g(a),则g(a)=________.‎ 解析 ∵函数y=x2-2x=(x-1)2-1,∴对称轴为直线x=1.‎ 当-2≤a<1时,函数在[-2,a]上单调递减,则当x=a时,ymin=a2-‎2a;当a≥1时,函数在[-2,1]上单调递减,在[1,a]上单调递增,则当x=1时,ymin=-1.‎ 综上,g(a)= 答案  ‎8.函数y=-(x-3)|x|的递增区间是_______.‎ 解析 y=-(x-3)|x|‎ ‎= 作出该函数的图像,观察图像知递增区间为.‎ 答案 ‎9.已知函数f(x)=2ax2+4(a-3)x+5在区间(-∞,3)上是减函数,则a的取值范围是________.‎ 解析 ①当a=0时,f(x)=-12x+5在(-∞,3)上为减函数;②当a>0时,要使f(x)=2ax2+4(a-3)x+5在区间(-∞,3)上是减函数,则对称轴x=必在x=3的右边,即≥3,故0<a≤;③当a<0时,不可能在区间(-∞,3)上恒为减函数.综合知:a的取值范围是.‎ 答案  ‎10.已知函数f(x)=(a是常数且a>0).对于下列命题:‎ ‎①函数f(x)的最小值是-1;‎ ‎②函数f(x)在R上是单调函数;‎ ‎③若f(x)>0在上恒成立,则a的取值范围是a>1;‎ ‎④对任意的x1<0,x2<0且x1≠x2,恒有 f<.‎ 其中正确命题的序号是____________.‎ 解析 根据题意可画出草图,由图象可知,①显然正确;函数f(x)在R上不是单调函数,故②错误;若f(x)>0在上恒成立,则‎2a×-1>0,a>1,故③正确;由图象可知在(-∞,0)‎ 上对任意的x1<0,x2<0且x1≠x2,恒有f<成立,故④正确.‎ 答案 ①③④‎ 三、解答题 ‎11.求函数y=a1-x2(a>0且a≠1)的单调区间.‎ 解 当a>1时,函数y=a1-x2在区间[0,+∞)上是减函数,在区间(-∞,0]上是增函数;‎ 当0x1≥2,则f(x1)-f(x2)=x+-x-=[x1x2(x1+x2)-a],‎ 由x2>x1≥2,得x1x2(x1+x2)>16,x1-x2<0,‎ x1x2>0.‎ 要使f(x)在区间[2,+∞)上是增函数,‎ 只需f(x1)-f(x2)<0,‎ 即x1x2(x1+x2)-a>0恒成立,则a≤16.‎ ‎13.已知函数f(x)=a·2x+b·3x,其中常数a,b满足ab≠0.‎ ‎(1)若ab>0,判断函数f(x)的单调性;‎ ‎(2)若ab<0,求f(x+1)>f(x)时的x的取值范围.‎ 解 (1)当a>0,b>0时,因为a·2x,b·3x都单调递增,所以函数f(x)单调递增;当a<0,b<0时,因为a·2x,b·3x都单调递减,所以函数f(x)单调递减.‎ ‎(2)f(x+1)-f(x)=a·2x+2b·3x>0.‎ ‎(i)当a<0,b>0时,x>-,‎ 解得x>log;‎ ‎(ii)当a>0,b<0时,x<-,‎ 解得x0时,f(x)>1.‎ ‎(1)求证:f(x)是R上的增函数;‎ ‎(2)若f(4)=5,解不等式f(‎3m2‎-m-2)<3.‎ 解 (1)证明 设x1,x2∈R,且x10,∴f(x2-x1)>1.‎ f(x2)-f(x1)=f[(x2-x1)+x1]-f(x1)‎ ‎=f(x2-x1)+f(x1)-1-f(x1)=f(x2-x1)-1>0.‎ ‎∴f(x2)>f(x1).即f(x)是R上的增函数.‎ ‎(2) ∵f(4)=f(2+2)=f(2)+f(2)-1=5,‎ ‎∴f(2)=3,‎ ‎∴原不等式可化为f(‎3m2‎-m-2)