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- 2021-06-15 发布
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2006年湖南省高考数学试卷(理科)
一、选择题(共10小题,每小题5,满分50)
1. 函数y=log2x-2的定义域是( )
A.(3, +∞) B.[3, +∞) C.(4, +∞) D.[4, +∞)
2. 若数列{an}满足:a1=13,且对任意正整数m,n都有am+n=am⋅an,则limn→+∞(a1+a2+...+an)=( )
A.12 B.23 C.32 D.2
3. 过平行六面体ABCD-A1B1C1D1任意两条棱的中点作直线,其中与平面DBB1D1平行的直线共有( )
A.4条 B.6条 C.8条 D.12条
4. “a=1”是“函数f(x)=|x-a|在区间[1, +∞)上为增函数”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
5. 已知|a→|=2|b→|≠0,且关于x的方程x2+|a→|x+a→⋅b→=0有实根,则a→与b→的夹角的取值范围是( )
A.[0, π6] B.[π3, π] C.[π3, 2π3] D.[π6, π]
6. 某外商计划在4个候选城市投资3个不同的项目,且在同一个城市投资的项目不超过2个,则该外商不同的投资方案有( )
A.16种 B.36种 C.42种 D.60种
7. 过双曲线M:x2-y2b2=1的左顶点A作斜率为1的直线l,若l与双曲线M的两条渐近线分别相交于点B,C,且|AB|=|BC|,则双曲线M的离心率是( )
A.10 B.5 C.103 D.52
8. 设函数f(x)=x-ax-1,集合M={x|f(x)<0},P={x|f'(x)>0},若M⊂P,则实数a的取值范围是( )
A.(-∞, -1) B.(0, 1) C.(1, +∞) D.[1, +∞)
9. 棱长为2的正四面体的四个顶点都在同一个球面上,若过该球球心的一个截面如图,则图中三角形(正四面体的截面)的面积是( )
A.22 B.32 C.2 D.3
10. 若圆x2+y2-4x-4y-10=0上至少有三个不同的点到直线l:ax+by=0的距离为22,则直线l的倾斜角的取值范围是( )
A.[π12,π4] B.[π12,5π12] C.[π6,π3] D.[0,π2]
二、填空题(共5小题,每小题4,满分20)
11. 若(ax-1)5的展开式中x3的系数是-80,则实数a的值是________.
12. 已知x≥1x-y+1≤02x-y-2≤0,则x2+y2的最小值是________.
13. 曲线y=1x和y=x2在它们的交点处的两条切线与x轴所围成的三角形的面积是________.
14. 若f(x)=asin(x+π4)+bsin(x-π4)(ab≠0)是偶函数,则有序实数对(a, b)可以是________.(注:写出你认为正确的一组数字即可)
15. 如图,OM // AB,点P在由射线OM,线段OB及AB的延长线围成的区域内(不含边界)运动,且OP→=xOA→+yOB→,则x的取值范围是________;当x=-12时,y的取值范围是________.
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三、解答题(共6小题,满分80)
16. 如图,D是直角△ABC斜边BC上一点,AB=AD,记∠CAD=a,∠ABC=β.
(1)证明sina+cos2β=0;
(2)若AC=3DC,求β的值.
17. 某安全生产监督部门对5家小型煤矿进行安全检查(简称安检).若安检不合格,则必须进行整改.若整改后经复查仍不合格,则强行关闭.设每家煤矿安检是否合格是相互独立的,且每家煤矿整改前安检合格的概率是0.5,整改后安检合格的概率是0.8,计算(结果精确到0.01):
(1)恰好有两家煤矿必须整改的概率;
(2)平均有多少家煤矿必须整改;
(3)至少关闭一家煤矿的概率.
18. 如图,已知两个正四棱锥P-ABCD与Q-ABCD的高分别为1和2,AB=4.
(1)证明PQ⊥平面ABCD;
(2)求异面直线AQ与PB所成的角;
(3)求点P到平面QAD的距离.
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19. 已知函数f(x)=x-sinx,数列{an}满足:0a-1),用y质量的水第二次清洗后的清洁度是y+acy+a,其中c(0.80),且C1、C2的公共弦AB过椭圆C1的右焦点.
(1)当AB⊥x轴时,求m、p的值,并判断抛物线C2的焦点是否在直线AB上;
(2)是否存在m、p的值,使抛物线C2的焦点恰在直线AB上?若存在,求出符合条件的m、p的值;若不存在,请说明理由.
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参考答案与试题解析
2006年湖南省高考数学试卷(理科)
一、选择题(共10小题,每小题5,满分50)
1.D
2.A
3.D
4.A
5.B
6.D
7.A
8.D
9.C
10.B
二、填空题(共5小题,每小题4,满分20)
11.-2
12.5
13.34
14.(1, -1)
15.(-∞, 0),(12,32)
三、解答题(共6小题,满分80)
16.解:(1)∵ α=π2-∠BAD=π2-(π-2β)=2β-π2
∴ sinα=sin(2β-π2)=-cos2β,
即sinα+cos2β=0
(2)△ADC中由正弦定理DCsinα=ACsin(π-β)即DCsinα=ACsinβ
则sinβ=3sinα
由(1)得sinβ=-3cos2β=-3(1-2sin2β)
即23sin2β-sinβ-3=0
解得sinβ=32或sinβ=-33
∵ 0<β<π2∴ sinβ=32∴ β=π3
17.解:(1)每家煤矿必须整改的概率是1-0.5,
且每家煤矿是否整改是相互独立的.
所以恰好有两家煤矿必须整改的概率是
P1=C52×(1-0.5)2×0.53=516=0.31.
(2)由题设,必须整改的煤矿数ξ服从二项分布B(5, 0.5).
从而ξ的数学期望是Eξ=5×0.5=2.5,
即平均有2.50家煤矿必须整改.
(3)某煤矿被关闭,
即该煤矿第一次安检不合格,
整改后经复查仍不合格,
所以该煤矿被关闭的概率是
P2=(1-0.5)×(1-0.8)=0.1,
从而该煤矿不被关闭的概率是0.9.
由题意,每家煤矿是否被关闭是相互独立的,
所以至少关闭一家煤矿的概率是
P3=1-0.95=0.41
18.解法一:(1)连接AC、BD,设AC∩BD=O.由P-ABCD与Q-ABCD
都是正四棱锥,所以PO⊥平面ABCD,QO⊥平面ABCD.
从而P、O、Q三点在一条直线上,所以PQ⊥平面ABCD.
(2)由题设知,ABCD是正方形,所以AC⊥BD.
由(1),PQ⊥平面ABCD,
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故可以分别以直线CA、DB、QP为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系(如图),由题设条件,相关各点的坐标分别是P(0, 0, 1),Q(0, 0, -2),B(0,22,0)
所以AQ→=(-22,0,-2),PB→=(0,22,-1),
于是cos=|AQ→|⋅|PB→|˙=39.
从而异面直线AQ与PB所成的角是arccos39.
(3).由(2),点D的坐标是(0, -22, 0),AD→=(-22,-22,0),PQ→=(0,0,-3),
设n→=(x,y,z)是平面QAD的一个法向量,
由n→⋅AD→=0˙得2x+z=0x+y=0.
取x=1,得n→=(1,-1,-2).
所以点P到平面QAD的距离d=|n→|˙=322.
解法二:(1).取AD的中点M,连接PM,QM.
因为P-ABCD与Q-ABCD都是正四棱锥,
所以AD⊥PM,AD⊥QM.从而AD⊥平面PQM.
又PQ⊂平面PQM,所以PQ⊥AD、同理PQ⊥AB,
所以PQ⊥平面ABCD、
(2).连接AC、BD设AC∩BD=O,由PQ⊥平面ABCD及正四棱锥的性质可知O在
PQ上,从而P、A、Q、C四点共面.
取OC的中点N,连接PN.
因为POOQ=12,NOOA=NOOC=12,
所以POOQ=NOOA,
从而AQ // PN.∠BPN(或其补角)是异面直线AQ
与PB所成的角.连接BN,
因为PB=OB2+OP2=(22)2+1=3.PN=ON2+OP2=(2)2+1=3BN=OB2+ON2=(22)2+(2)2=10
所以cos∠BPN=PB2+PN2-BN22PB⋅PN=9+3-102×3×3=39.
从而异面直线AQ与PB所成的角是arccos39.
(3).由(1)知,AD⊥平面PQM,所以平面PQM⊥平面QAD、过P作PH⊥QM
于H,则PH⊥平面QAD,所以PH的长为点P到平面QAD的距离.
连接OM,则OM=12AB=2=OQ.
所以∠MQP=45∘,
又PQ=PO+QO=3,于是PH=PQsin45∘=322.
即点P到平面QAD的距离是322
19.证明:(1)先用数学归纳法证明00,
所以f(x)在(0, 1)上是增函数.又f(x)在[0, 1]上连续,
从而f(0)-2(x2)2+x22=0.
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所以g(x)在(0, 1)上是增函数.
又g(x)在[0, 1]上连续,且g(0)=0,
所以当00成立.
于是g(an)>0,即sinan-an+16an3>0.
故an+1<16an3.
20.解:(1)设方案甲与方案乙的用水量分别为x与z,由题设有x+0.8x+1=0.99,
解得x=19.
由c=0.95得方案乙初次用水量为3,第二次用水量y满足方程:y+0.95ay+a=0.99,
解得y=4a,故z=4a+3.
即两种方案的用水量分别为19与4a+3.
因为当1≤a≤3时,x-z=4(4-a)>0,
即x>z,
故方案乙的用水量较少.
(2)设初次与第二次清洗的用水量分别为x与y,类似(1)得
x=5c-45(1-c),y=a(99-100c)(*)
于是x+y=5c-45(1-c)+a(99-100c)=15(1-c)+100a(1-c)-a-1
当a为定值时,x+y≥215(1-c)×100a(1-c)-a-1=-a+45a-1,
当且仅当15(1-c)=100a(1-c)时等号成立.
此时c=1+1105a(不合题意,舍去)或c=1-1105a∈(0.8,0.99),
将c=1-1105a代入(*)式得x=25a-1>a-1,y=25a-a.
故c=1-1105a时总用水量最少,
此时第一次与第二次用水量分别为25a-1与25a-a,
最少总用水量是T(a)=-a+45a-1.
当1≤a≤3时,T'(a)=25a-1>0,
故T(a)是增函数(也可以用二次函数的单调性判断).
这说明,随着a的值的增加,最少用水总量增加.
21.解:(1)当AB⊥x轴时,点A、B关于x轴对称,所以m=0,直线AB的方程为:
x=1,从而点A的坐标为(1, 32)或(1, -32).
因为点A在抛物线上.
所以94=2p,即p=98.
此时C2的焦点坐标为(916, 0),该焦点不在直线AB上.
(2)解法一:假设存在m、p的值使C2的焦点恰在直线AB上,由(1)知直线AB
的斜率存在,故可设直线AB的方程为y=k(x-1).
由y=k(x-1)x24+y23=1消去y得(3+4k2)x2-8k4x+4k2-12=0①
设A、B的坐标分别为(x1, y1),(x2, y2),
则x1,x2是方程①的两根,x1+x2=8k43+4k2.
由(y-m)2=2pxy=k(x-1)
消去y得(kx-k-m)2=2px.②
因为C2的焦点F'(p2,m)在直线y=k(x-1)上,
所以m=k(p2-1),即m+k=kp2.代入②有(kx-kp2)2=2px.
即k2x2-p(k2+2)x+k2p24=0.=3③
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由于x1,x2也是方程=3③的两根,
所以x1+x2=p(k2+2)k2.
从而8k43+4k2=p(k2+2)k2.
解得p=8k4(4k2+3)(k2+2)=4④
又AB过C1...C2的焦点,
所以|AB|=(x1+p2)+(x2+p2)=x1+x2+p=(2-12x1)+(2-12x2),
则p=4-32(x1+x2)=4-12k24k2+3=4k2+124k2+3.=5⑤
由=4④、=5⑤式得8k4(4k2+3)(k2+2)=4k2+124k2+3,即k4-5k2-6=0.
解得k2=6.于是k=±6,p=43.
因为C2的焦点F'(23,m)在直线y=±6(x-1)上,
所以m=±6(23-1).
∴ m=63或m=-63.
由上知,满足条件的m、p存在,且m=63或m=-63,p=43.
解法二:设A、B的坐标分别为(x1, y1),(x2y2).
因为AB既过C1的右焦点F(1, 0),又过C2的焦点F'(p2,m),
所以|AB|=(x1+p2)+(x2+p2)=x1+x2+p=(2-12x1)+(2-12x2).
即x1+x2=23(4-p). ①
由(1)知x1≠x2,p≠2,于是直线AB的斜率k=y2-y1x2-x1=m-0p2-1=2mp-2,②
且直线AB的方程是y=2mp-2(x-1),
所以y1+y2=2mp-2(x1+x2-2)=4m(1-p)3(p-2).③
又因为3x12+4y12=123x22+4y22=12,
所以3(x1+x2)+4(y1+y2)⋅y2-y1x2-x1=0.④
将①、②、③代入④得m2=3(p-4)(p-2)216(1-p).=5⑤
因为(y1-m)2=2px1(y2-m)2=2px2,
所以y1+y2-2m=2px2-x1y2-y1.=6⑥
将②、③代入=6⑥得m2=3p(p-2)216-10p.=7⑦
由=5⑤、=7⑦得3(p-4)(p-2)216(1-p)=3p(p-2)216-10p.
即3p2+20p-32=0
解得p=43或p=-8(舍去).
将p=43代入=5⑤得m2=23,
∴ m=63或m=-63.
由上知,满足条件的m、p存在,
且m=63或m=-63,p=43
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