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- 2021-06-16 发布
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1.(2012•西山区)如图,四棱锥 P﹣ABCD 的底面 ABCD 为菱形,PA⊥平面 ABCD,PA=AB=2,
E、F 分别为 CD、PB 的中点,AE= .
(Ⅰ)求证:平面 AEF⊥平面 PAB.
(Ⅱ)求平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的余弦值.
2.(2011•重庆)如图,在四面体 ABCD 中,平面 ABC⊥平面 ACD,AB⊥BC,
AC=AD=2,BC=CD=1
(Ⅰ)求四面体 ABCD 的体积;
(Ⅱ)求二面角 C﹣AB﹣D 的平面角的正切值.
3.(2011•宜阳县)在直三棱柱 ABC﹣A1B1C1 中,CA=CB=CC1=2,∠ACB=90°,
E、F 分别是 BA、BC 的中点,G 是 AA1 上一点,且 AC1⊥EG.
(Ⅰ)确定点 G 的位置;
(Ⅱ)求直线 AC1 与平面 EFG 所成角θ的大小.
4.(2011•浙江)如图,在三棱锥 P﹣ABC 中,AB=AC,D 为 BC 的中点,PO⊥
平面 ABC,垂足 O 落在线段 AD 上.
(Ⅰ)证明:AP⊥BC;
(Ⅱ)已知 BC=8,PO=4,AO=3,OD=2.求二面角 B﹣AP﹣C 的大小.
5.(2011•辽宁)如图,四边形 ABCD 为正方形,PD⊥平面 ABCD,PD∥QA,
QA=AB=1/2PD.
(I)证明:平面 PQC⊥平面 DCQ
(II)求二面角 Q﹣BP﹣C 的余弦值.
6.(2011•湖北)如图,已知正三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的底面边长为 2,侧棱长为
3 ,点 E 在侧棱 AA1 上,点 F 在侧棱 BB1 上,且 AE=2 ,BF= .
(I) 求证:CF⊥C1E;
(II) 求二面角 E﹣CF﹣C1 的大小.
7.(2011•湖北)如图,已知正三棱柱 ABC=A1B1C1 的各棱长都是 4,E 是 BC 的
中点,动点 F 在侧棱 CC1 上,且不与点 C 重合.
(Ⅰ)当 CF=1 时,求证:EF⊥A1C;
(Ⅱ)设二面角 C﹣AF﹣E 的大小为θ,求 tanθ的最小值.
8.(2011•杭州)如图,在四棱锥 P﹣ABCD 中,侧面 PAD 是正三角形,且垂直
于底面 ABCD,底面 ABCD 是边长为 2 的菱形,∠BAD=60°,M 为 PC 的中点.(1)
求证:PA∥平面 BDM;
(2)求直线 AC 与平面 ADM 所成角的正弦值.
9.以边长为 1 的正方形的一边所在直线为旋转轴,将该正方形旋转一周所得圆柱的侧面积等
于( )
A. 2 B. C.2 D.1
10.如图,三棱锥中 BCDA 中, AB 平面 BCD, BDCD 。
(I)求证: CD 平面 ABD ;
(II)若 1 CDBDAB , M 为 AD 中点,求三棱锥 MBCA 的体积。
11. 设甲、乙两个圆柱的底面分别为 1S , 2S ,体积分别为 1V , 2V ,若它们的侧面积相等,
且
4
9
2
1
S
S ,则
2
1
V
V 的值是_______
12.如图,在三棱锥 ABCP 中,D ,E,F 分别为棱 ABACPC ,, 的中点.已知 ACPA , ,6PA
.5,8 DFBC
求证: (1)直线 //PA 平面 DEF ;
(2)平面 BDE 平面 ABC .
13..一个多面体的三视图如图所示,则多面体的体积是( )
A. 23
3 B. 47
6 C. 6 D.7
14.如图,四棱锥 ABCDP 的底面边长为 8 的正方形,四条侧棱长均为 172 .点 HFEG ,,,
分别是棱 PCCDABPB ,,, 上共面的四点,平面 GEFH 平面 ABCD, //BC 平面 GEFH .
(1)证明: ;// EFGH
(2)若 2EB ,求四边形GEFH 的面积.
15.某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的最长棱的棱长为 .
16.如图,在三棱柱 1 1 1ABC A B C 中,侧棱垂直于底面, AB BC , 1 2AA AC , E 、
F 分别为 1 1AC 、 BC 的中点.
(1)求证:平面 ABE 平面 1 1B BCC ;
(2)求证: 1 //C F 平面 ABE ;
(3)求三棱锥 E ABC 的体积.
17.在如图所示的空间直角坐标系 O-xyz 中,一个四面体的顶点坐标分别是(0,0,2),
(2,2,0),(1,2,1),(2,2,2). 给出编号为①、②、③、④的四个图,则该四面
体的正视图和俯视图分别为
A.①和② B.③和① C.④和③ D.④和②
18.如图,在正方体 1 1 1 1ABCD A B C D 中,E ,F ,P,Q,M,N 分别是棱 AB ,AD , 1DD ,
1BB , 1 1A B , 1 1A D 的中点. 求证:
(Ⅰ)直线 1BC ∥平面 EFPQ ;
(Ⅱ)直线 1AC ⊥平面 PQMN .
19.如图 3,已知二面角 MN 的大小为 60 ,菱形 ABCD 在面 内, ,A B 两点在
棱 MN 上, 60BAD , E 是 AB 的中点, DO 面 ,垂足为O .
(1)证明: AB 平面ODE ;
图③图① 图④图②
第 7 题图
第 18 题图
(2)求异面直线 BC 与OD所成角的余弦值.
20.如图,三棱柱 111 CBAABC 中, 111 , BBBABCAA .
(1)求证: 111 CCCA ;
(2)若 7,3,2 BCACAB ,问 1AA 为何值时,三棱柱
111 CBAABC 体积最大,并求此最大值。
21..已知 m,n 表示两条不同直线, 表示平面,下列说法正确的是( )
A.若 / / , / / ,m n 则 / /m n B.若 m , n ,则 m n
C.若 m , m n ,则 / /n D.若 / /m , m n ,则 n
22. 某几何体三视图如图所示,则该几何体的体积为( )
A.8 2 B.8 C.8 2
D.8 4
23.如图, ABC 和 BCD 所在平面互相垂直,且 2AB BC BD ,
0120ABC DBC ,E、F、G 分别为 AC、DC、AD 的中点.
(1)求证: EF 平面 BCG;
(2)求三棱锥 D-BCG 的体积.
附:椎体的体积公式 1
3V Sh ,其中 S 为底面面积,h 为高.
24.已知正四面体 ABCD 中,E 是 AB 的中点,则异面直线 CE 与 BD 所成角的余弦值为( )
A. 1
6
B. 3
6
C. 1
3
D. 3
3
25.正四棱锥的顶点都在同一球面上,若该棱锥的高位 4,底面边长为 2,则该球的表面积为
( )
A. 81
4
B.16 C.9 D. 27
4
26. 一个六棱锥的体积为 2 3 ,其底面是边长为 2 的正六边形,侧棱长都相等,则该六棱锥
的侧面积为 。
27.如图,四棱锥 P ABCD 中,
1, , , ,2AP PCD AD BC AB BC AD E F 平面 ∥ 分别为线
段 ,AD PC 的中点.
(I)求证: AP BEF∥平面 ;
(II)求证: BE PAC 平面
28 陕西将边长为 1 的正方形以其一边所在的直线为旋转轴旋转一周,所得集合体的侧面积
是( )
A.4 B.8 C.2 D.
29.四面体 ABCD及其三视图如图所示,平行于棱 BCAD, 的平面分别交四面体的棱
CADCBDAB ,,, 于点 HGFE ,,, .
(1)求四面体 ABCD的体积;
(2)证明:四边形 EFGH 是矩形.
30.某三棱锥的侧视图、俯视图如图所示,则该三棱锥的体积是( )(锥体体积公式:
1
3V Sh ,其中 S 为底面面积, h 为高)
A、3 B、 2 C、 3 D、1
31.在如图所示的多面体中,四边形 1 1ABB A 和 1 1ACC A 都为矩形。
(Ⅰ)若 AC BC ,证明:直线 BC 平面 1 1ACC A ;
(Ⅱ)设 D ,E 分别是线段 BC , 1CC 的中点,在线段 AB 上是否
存在一点 M ,使直线 / /DE 平面 1A MC ?请证明你的结论。
32. 一个几何体的三视图如图所示(单位: m ),则该几何体
的体积为 3m .
33. 如 图 , 四 棱 锥 P ABCD 的 底 面 ABCD 是 平 行 四 边 形 , ,
, 分别是棱 的中点.
(1) 证明 平面 ;
(2) 若二面角 P-AD-B 为 ,
1 证明:平面 PBC⊥平面 ABCD
2 求直线 EF 与平面 PBC 所成角的正弦值.
34..某几何体的三视图(单位:cm)若图所示,则该几何体的体积是( )
A. 372cm B. 390cm C. 3108cm D. 3138cm
35..设 m 、 n 是两条不同的直线, 、 是两个不同的平面,则( )
A.若 nm , //n ,则 m B.若 //m , ,则 m
C.若 m , n , n ,则 m D.若 nm , n , ,则 m
36.如图,在四棱锥 A—BCDE 中,平面 ABC 平面 BCDE ; 90CDE BED ,
2AB CD , 1DE BE , 2AC 。
(1)证明: AC 平面 BCDE ;
(2)求直线 AE 与平面 ABC 所成的角的正切值。
A
D
E B
C
1.(2012•西山区)如图,四棱锥 P﹣ABCD 的底面 ABCD 为菱形,PA⊥平面
ABCD,PA=PB=2,E、F 分别为 CD、PB 的中点,AE= .
(Ⅰ)求证:平面 AEF⊥平面 PAB.
(Ⅱ)求平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的余弦值.
考点:用空间向量求平面间的夹角;平面与平面垂直的判定。
专题:综合题。
分析:(Ⅰ)由四边形 ABCD 是菱形,PA⊥平面 ABCD,PA=PB=2,E、F 分别
为 CD、PB 的中点,AE= ,知 AD=CD=AB=2,在△ADE 中,AE= ,DE=1,
所以 AE⊥CD.由 AB∥CD,知 AE⊥AB.由此能够证明平面 AEF⊥平面 PAB.
(Ⅱ)法一:由 AE⊥平面 PAB,AE⊂平面 PAE,知平面 PAE⊥平面 PAB,由
PA⊥平面 ABCD,知 PA⊥CD.由 AE⊥CD,PA∩AE=A,知 CD⊥平面 PAE,
由 CD⊂平面 PCD,知平面 PAE 是平面 PAB 与平面 PCD 的公垂面,由此能够求
出平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的余弦值.
(Ⅱ)法二:以 A 为原点,AB、AE 分别为 x 轴、y 轴的正方向,建立空间直角
坐标系 A﹣xyz,因为 PA=AB=2,AE= ,所以 A(0,0,0)、P(0,0,2)、
E(0, ,0)、C(1, ,0),则 , ,
,由 AE⊥平面 PAB,知平面 PAB 的一个法向量为
,求出平面 PCD 的一个法向量 .由此能求出
平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的余弦值.
解答:解:(Ⅰ)证明:∵四边形 ABCD 是菱形,
∴AD=CD=AB=2,在△ADE 中,AE= ,DE=1,
∴AD2=DE2+AE2,
∴∠AED=90°,即 AE⊥CD.
∵AB∥CD,∴AE⊥AB.
∵PA⊥平面 ABCD,AE⊂平面 ABCD,
∴PA⊥AE.
∵PA∩AB=A,∴AE⊥平面 PAB,
∵AE⊂平面 AEF,
∴平面 AEF⊥平面 PAB.…(6 分)
(Ⅱ)解法一:由(1)知 AE⊥平面 PAB,而 AE⊂平面 PAE,
∴平面 PAE⊥平面 PAB,…(6 分)
∵PA⊥平面 ABCD,∴PA⊥CD.
由(Ⅰ)知 AE⊥CD,又 PA∩AE=A,
∴CD⊥平面 PAE,又 CD⊂平面 PCD,
∴平面 PCD⊥平面 PAE.
∴平面 PAE 是平面 PAB 与平面 PCD 的公垂面…(8 分)
所以,∠APE 就是平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的平面角.…(9 分)
在 RT△PAE 中,PE2=AE2+PA2=3+4=7,即 .…(10 分)
∵PA=2,∴ .
所以,平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的余弦值为 .…(12 分)
(Ⅱ)解法二:以 A 为原点,AB、AE 分别为 x 轴、y 轴的正方向,
建立空间直角坐标系 A﹣xyz,如图所示.
因为 PA=AB=2,AE= ,所以 A(0,0,0)、P(0,0,2)、E(0, ,0)、
C(1, ,0),
则 , , ,…(7 分)
由(Ⅰ)知 AE⊥平面 PAB,
故平面 PAB 的一个法向量为 ,…(8 分)
设平面 PCD 的一个法向量为 ,
则 ,即 ,令 y=2,
则 .…(10 分)
∴ = = .
所以,平面 PAB 与平面 PCD 所成的锐二面角的余弦值为 .…(12 分)
点评:本题考查平面 AEF⊥平面 PAB 的证明,求平面 PAB 与平面 PCD 所成的
锐二面角的余弦值.综合性强,难度大,是高考的重点.解题时要认真审题,仔
细解答,注意合理地化空间问题为平面问题,注意向量法的合理运用.
2 如图,在四面体 ABCD 中,平面 ABC⊥平面 ACD,AB⊥BC,AC=AD=2,
BC=CD=1
(Ⅰ)求四面体 ABCD 的体积;
(Ⅱ)求二面角 C﹣AB﹣D 的平面角的正切值.
考点:与二面角有关的立体几何综合题;二面角的平面角及求法。
专题:综合题;转化思想。
分析:法一:几何法,
(Ⅰ)过 D 作 DF⊥AC,垂足为 F,由平面 ABC⊥平面 ACD,由面面垂直的性
质,可得 DF 是四面体 ABCD 的面 ABC 上的高;设 G 为边 CD 的中点,可得
AG⊥CD,计算可得 AG 与 DF 的长,进而可得 S△ABC,由棱锥体积公式,计算
可得答案;
(Ⅱ)过 F 作 FE⊥AB,垂足为 E,连接 DE,分析可得∠DEF 为二面角 C﹣AB
﹣D 的平面角,计算可得 EF 的长,由(Ⅰ)中 DF 的值,结合正切的定义,可
得答案.
法二:向量法,
(Ⅰ)首先建立坐标系,根据题意,设 O 是 AC 的中点,过 O 作 OH⊥AC,交
AB 与 H,过 O 作 OM⊥AC,交 AD 与 M;易知 OH⊥OM,因此可以以 O 为原
点,以射线 OH、OC、OM 为 x 轴、y 轴、z 轴,建立空间坐标系 O﹣XYZ,进
而可得 B、D 的坐标;从而可得△ACD 边 AC 的高即棱住的高与底面的面积,
计算可得答案;
(Ⅱ)设非零向量 =(l,m,n)是平面 ABD 的法向量,由(Ⅰ)易得向量 的
坐标,同时易得 =(0,0,1)是平面 ABC 的法向量,由向量的夹角公式可得
从而 cos< , >,进而由同角三角函数的基本关系,可得 tan< , >,即可
得答案.
解答:解:法一
(Ⅰ)如图:过 D 作 DF⊥AC,垂足为 F,由平面 ABC⊥平面 ACD,
可得 DF⊥平面 ACD,即 DF 是四面体 ABCD 的面 ABC 上的高;
设 G 为边 CD 的中点,由 AC=AD,可得 AG⊥CD,
则 AG= = = ;
由 S△ADC= AC•DF= CD•AG 可得,DF= = ;
在 Rt△ABC 中,AB= = ,
S△ABC= AB•BC= ;
故四面体的体积 V= ×S△ABC×DF= ;
(Ⅱ)如图,过 F 作 FE⊥AB,垂足为 E,连接 DE,
由(Ⅰ)知 DF⊥平面 ABC,由三垂线定理可得 DE⊥AB,故∠DEF 为二面角 C
﹣AB﹣D 的平面角,
在 Rt△AFD 中,AF= = = ;
在 Rt△ABC 中,EF∥BC,从而 ,可得 EF= ;
在 Rt△DEF 中,tan∠DEF= = .
则二面角 C﹣AB﹣D 的平面角的正切值为 .
3.在直三棱柱 ABC﹣A1B1C1 中,CA=CB=CC1=2,∠ACB=90°,E、F 分别是
BA、BC 的中点,G 是 AA1 上一点,且 AC1⊥EG.
(Ⅰ)确定点 G 的位置;
(Ⅱ)求直线 AC1 与平面 EFG 所成角θ的大小.
考点:直线与平面所成的角。
专题:计算题;综合题。
分析:解法一:(Ⅰ)以 C 为原点,分别以 CB、CA、CC1 为 x 轴、y 轴、z 轴建
立空间直角坐标系,写出有关点的坐标,利用向量数量积为零即可求得结果;
(Ⅱ)求出平面 EFG 的法向量的一个法向量,利用直线的方向向量与法向量的
夹角与直线与平面所成角之间的关系即可求得结果;
解法二:(Ⅰ)取 AC 的中点 D,连接 DE、DG,则 ED∥BC,利用线面垂直的
判定和性质定理即可求得结果;(Ⅱ)取 CC1的中点 M,连接 GM、FM,则 EF∥GM,
找出直线与平面所成的角,解三角形即可求得结果.
解答:解法一:(Ⅰ)以 C 为原点,分别以 CB、CA、CC1 为 x 轴、y 轴、z 轴建
立空间直角坐标系,则 F(1,0,0),E(1,1,0),A(0,2,0),C1(0,0,
2),
设 G(0,2,h),则 .∵AC1⊥EG,∴ .
∴﹣1×0+1×(﹣2)+2h=0.∴h=1,即 G 是 AA1 的中点.
(Ⅱ)设 是平面 EFG 的法向量,则 .
所以 平面 EFG 的一个法向量 m=(1,0,1)
∵ ,
∴ ,即 AC1 与平面 EFG 所成角θ为
解法二:(Ⅰ)取 AC 的中点 D,连接 DE、DG,则 ED∥BC
∵BC⊥AC,∴ED⊥AC.
又 CC1⊥平面 ABC,而 ED⊂平面 ABC,∴CC1⊥ED.
∵CC1∩AC=C,∴ED⊥平面 A1ACC1.
又∵AC1⊥EG,∴AC1⊥DG.
连接 A1C,∵AC1⊥A1C,∴A1C∥DG.
∵D 是 AC 的中点,∴G 是 AA1 的中点.
(Ⅱ)取 CC1 的中点 M,连接 GM、FM,则 EF∥GM,
∴E、F、M、G 共面.作 C1H⊥FM,交 FM 的延长线于 H,∵AC⊥平面 BB1C1C,
C1H⊂平面 BB1C1C,∴AC⊥G1H,又 AC∥GM,∴GM⊥C1H.∵GM∩FM=M,
∴C1H⊥平面 EFG,设 AC1 与 MG 相交于 N 点,所以∠C1NH 为直线 AC1 与平
面 EFG 所成角θ.
因为 ,∴ ,∴ .
点评:本小题主要考查直线与平面垂直的判定,以及直线与平面平行的判定和直
线与平面所成的角,考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力.属中档题.
4.如图,在三棱锥 P﹣ABC 中,AB=AC,D 为 BC 的中点,PO⊥平面 ABC,
垂足 O 落在线段 AD 上.
(Ⅰ)证明:AP⊥BC;
(Ⅱ)已知 BC=8,PO=4,AO=3,OD=2.求二面角 B﹣AP﹣C 的大小.
考点:与二面角有关的立体几何综合题;空间中直线与直线之间的位置关系;二
面角的平面角及求法。
专题:综合题;转化思想。
分析:(I)由题意.因为 PO⊥平面 ABC,垂足 O 落在线段 AD 上所以 BC⊥PO.有
AB=AC,D 为 BC 的中点,得到 BC⊥AD,进而得到线面垂直,即可得到所证;
(II)有(I)利用面面垂直的判定得到 PA⊥平面 BMC,再利用二面角的定义得
到二面角的平面角,然后求出即可.
解答:解:(I)由题意画出图如下:
由 AB=AC,D 为 BC 的中点,得 AD⊥BC,
又 PO⊥平面 ABC,垂足 O 落在线段 AD 上,得到 PO⊥BC,
∵PO∩AD=O∴BC⊥平面 PAD,故 BC⊥PA.
(II)如图,在平面 PAB 中作 BM⊥PA 于 M,连接 CM,
∵BC⊥PA,∴PA⊥平面 BMC,∴AP⊥CM,故∠BMC 为二面角 B﹣AP﹣C 的
平面角,
在直角三角形 ADB 中, ;
在直角三角形 POD 中,PD2=PO2+OD2,在直角三角形 PDB 中,PB2=PD2+BD2,
∴PB2=PO2+OD2+BD2=36,得 PB=6,
在直角三角形 POA 中,PA2=AO2+OP2=25,得 PA=5,
又 cos∠BPA= ,从而 .
故 BM= ,
∵BM2+MC2=BC2,∴二面角 B﹣AP﹣C 的大小为 90°.
点评:(I)此问考查了线面垂直的判定定理,还考查了线面垂直的性质定理;
(II)此问考查了面面垂直的判定定理,二面角的平面角的定义,还考查了在三
角形中求解.
5.如图,四边形 ABCD 为正方形,PD⊥平面 ABCD,PD∥QA,QA=AB= PD.
(I)证明:平面 PQC⊥平面 DCQ
(II)求二面角 Q﹣BP﹣C 的余弦值.
考点:与二面角有关的立体几何综合题;平面与平面垂直的判定;向量语言表述
面面的垂直、平行关系;用空间向量求平面间的夹角。
专题:计算题;证明题。
分析:首先根据题意以 D 为坐标原点,线段 DA 的长为单位长,射线 DA 为 x
轴的正半轴建立空间直角坐标系 D﹣xyz;
(Ⅰ)根据坐标系,求出则 、 、 的坐标,由向量积的运算易得 • =0,
• =0;进而可得 PQ⊥DQ,PQ⊥DC,由面面垂直的判定方法,可得证明;
(Ⅱ)依题意结合坐标系,可得 B、 、 的坐标,进而求出平面的 PBC 的法
向量 与平面 PBQ 法向量 ,进而求出 cos< , >,根据二面角与其法向量夹
角的关系,可得答案.
解答:解:如图,以 D 为坐标原点,线段 DA 的长为单位长,射线 DA 为 x 轴
的正半轴建立空间直角坐标系 D﹣xyz;
(Ⅰ)依题意有 Q(1,1,0),C(0,0,1),P(0,2,0);
则 =(1,1,0), =(0,0,1), =(1,﹣1,0),
所以 • =0, • =0;
即 PQ⊥DQ,PQ⊥DC,
故 PQ⊥平面 DCQ,
又 PQ⊂平面 PQC,所以平面 PQC⊥平面 DCQ;
(Ⅱ)依题意,有 B(1,0,1),
=(1,0,0), =(﹣1,2,﹣1);
设 =(x,y,z)是平面的 PBC 法向量,
则 即 ,
因此可取 =(0,﹣1,﹣2);
设 是平面 PBQ 的法向量,则 ,
可取 =(1,1,1),
所以 cos< , >=﹣ ,
故二面角角 Q﹣BP﹣C 的余弦值为﹣ .
点评:本题用向量法解决立体几何的常见问题,面面垂直的判定与二面角的求法;
注意建立坐标系要容易求出点的坐标,顶点一般选在有两两垂直的三条直线的交
点处,这样才有助于下一步的计算.
6.如图,已知正三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的底面边长为 2,侧棱长为 3 ,点 E 在
侧棱 AA1 上,点 F 在侧棱 BB1 上,且 AE=2 ,BF= .
(I) 求证:CF⊥C1E;
(II) 求二面角 E﹣CF﹣C1 的大小.
考点:二面角的平面角及求法;空间中直线与直线之间的位置关系。
专题:计算题;证明题。
分析:(I)欲证 C1E⊥平面 CEF,根据直线与平面垂直的判定定理可知只需证
C1E 与平面 CEF 内两相交直线垂直,根据勾股定理可知 EF⊥C1E,C1E⊥CE,又
EF∩CE=E,满足线面垂直的判定定理,最后根据线面垂直的性质可知 CF⊥C1E;
(II)根据勾股定理可知 CF⊥EF,根据线面垂直的判定定理可知 CF⊥平面 C1EF,
而 C1F⊂平面 C1EF,则 CF⊥C1F,从而∠EFC1 即为二面角 E﹣CF﹣C1 的平面角,
在△C1EF 是等腰直角三角形,求出此角即可.
解答:解:(I)由已知可得 CC1= ,CE=C1F= ,
EF2=AB2+(AE﹣BF)2,EF=C1E= ,
于是有 EF2+C1E2=C1F2,CE2+C1E2=C1C2,
所以 EF⊥C1E,C1E⊥CE.又 EF∩CE=E,
所以 C1E⊥平面 CEF
由 CF⊂平面 CEF,故 CF⊥C1E;
(II)在△CEF 中,由(I)可得 EF=CF= ,CE= ,
于是有 EF2+CF2=CE2,所以 CF⊥EF,
又由(I)知 CF⊥C1E,且 EF∩C1E=E,所以 CF⊥平面 C1EF
又 C1F⊂平面 C1EF,故 CF⊥C1F
于是∠EFC1 即为二面角 E﹣CF﹣C1 的平面角
由(I)知△C1EF 是等腰直角三角形,所以∠EFC1=45°,即所求二面角 E﹣CF
﹣C1 的大小为 45°
点评:本题主要考查了空间直线与平面的位置关系和二面角的求法,同时考查了
空间想象能力和推理论证的能力.
7.如图,已知正三棱柱 ABC=A1B1C1 的各棱长都是 4,E 是 BC 的中点,动点 F
在侧棱 CC1 上,且不与点 C 重合.
(Ⅰ)当 CF=1 时,求证:EF⊥A1C;
(Ⅱ)设二面角 C﹣AF﹣E 的大小为θ,求 tanθ的最小值.
考点:二面角的平面角及求法;空间中直线与直线之间的位置关系。
专题:计算题。
分析:(I)过 E 作 EN⊥AC 于 N,连接 EF,NF,AC1,根据面面垂直的性质可
知 NF 为 EF 在侧面 A1C 内的射影,根据 ,得 NF∥AC,又 AC1⊥A1C,
故 NF⊥A1C,由三垂线定理可得结论;
(II)连接 AF,过 N 作 NM⊥AF 与 M,连接 ME 根据三垂线定理得 EM⊥AF,
则∠EMN 是二面角 C﹣AF﹣E 的平面角即∠EMN=θ,在直角三角形 CNE 中,
求出 NE,在直角三角形 AMN 中,求出 MN,故 tanθ= ,根据α的范围可
求出最小值.
解答:解:(I)过 E 作 EN⊥AC 于 N,连接 EF,NF,AC1,由直棱柱的性质可
知,底面 ABC⊥侧面 A1C
∴EN⊥侧面 A1C
NF 为 EF 在侧面 A1C 内的射影
在直角三角形 CNF 中,CN=1
则由 ,得 NF∥AC1,又 AC1⊥A1C,故 NF⊥A1C
由三垂线定理可知 EF⊥A1C
(II)连接 AF,过 N 作 NM⊥AF 与 M,连接 ME
由(I)可知 EN⊥侧面 A1C,根据三垂线定理得 EM⊥AF
∴∠EMN 是二面角 C﹣AF﹣E 的平面角即∠EMN=θ
设∠FAC=α则 0°<α≤45°,
在直角三角形 CNE 中,NE= ,在直角三角形 AMN 中,MN=3sinα
故 tanθ= ,又 0°<α≤45°∴0<sinα≤
故当α=45°时,tanθ达到最小值,
tanθ= ,此时 F 与 C1 重合
点评:本题主要考查了空间直线与平面的位置关系和二面角等基础知识,同时考
查了空间想象能力、推理论证能力和运算求解能力.
8.如图,在四棱锥 P﹣ABCD 中,侧面 PAD 是正三角形,且垂直于底面 ABCD,
底面 ABCD 是边长为 2 的菱形,∠BAD=60°,M 为 PC 的中点.
(1)求证:PA∥平面 BDM;
(2)求直线 AC 与平面 ADM 所成角的正弦值.
考点:直线与平面所成的角;直线与平面平行的判定。
专题:计算题;证明题。
分析:(1)连接 AC,交 BD 于点 O,连接 MO,由三角形中位线定理易得 MO∥PA,
进而由线面平行的判定定理得到 PA∥平面 BDM;
(2)利用等体积法,根据 VM﹣ADC=VC﹣ADM,我们分别计算出 S△ADC,点 M 到面
ADC 的距离 h1,S△ADM 的大小,即可求出 C 点到平面 ADM 的距离,进而求出
直线 AC 与平面 ADM 所成角的正弦值.
解答:解:(1)证明:连接 AC,交 BD 于点 O,连接 MO
因为 MO 是△PAC 的中位线,
所以 MO∥PA
又因为 MO⊄ 面 PAD 中,
所以 MO∥面 PAD
(2)因为S△ADC= ,点M到面ADC的距离h1= ,所以VM﹣ADC= = .
因为△PDC 为等腰三角形,且 M 为 PC 的中点,所以 DM⊥PC.
取 PB 的中点 E,AD 的中点 N,连接 ME,PN,NE,BN
因为四边形 DMEN 为平行四边形
所以 DM∥NE
又因为△PNB 为等腰三角形,所以 NE⊥PB
所以 DM⊥PB.
因为 DM⊥PC,DM⊥PB 且 PC∩PB=P
所以 DM⊥面 PBC.
所以 DM⊥BC.
因为 BC∥AD
所以 AD⊥DM,因为 DM=
所以 S△ADM= =
所以 VM﹣ADC=VC﹣ADM=S△ADM×h2×
所以 h2=
所以 sinθ=
点评:本题考查的知识点是直线与平面所成的角,直线与平面平行的判定,其中
(1)的关键是证得 MO∥PA,(2)的关键是根据等体积法,求出 C 点到平面
ADM 的距离.
11.
12.
20.(1)证明:三棱柱 111 CBAABC 中,
1AA BC
1BB BC ,
又 1 1BB A B
且 1BC A B C
1 1BB BCA ,面
又 1 1BB CC∥
1 1CC BCA ,面
又 1 1AC BCA ,面
1 1.AC CC,所以 (4 分)
(2)设 1AA x ,在 Rt△ 1 1A BB 中, 2 2
1 1 1= - = 4AB A B BB x
同理, 2 2 2
1 1 1 1C= 3A AC CC x ,在△ 1A BC 中
1cos BA C =
2 2 2 2
1 1
2 2
1 12 (4 )(3 )
A B AC BC x
A B AC x x
,
1sin BA C =
2
2 2
12 7
(4 )(3 )
x
x x
,(6 分)
所以
1
2
1 1 1
1 12 7sin BA C2 2A BC
xS A B AC △ ,(7 分)
从而三棱柱 1 1 1ABC A B C 的体积
1
2
1
12 7
2A BC
x xV S l S AA △ (8 分)
因 212 7x x = 2 412 7x x = 2 26 36-7 - +7 7x( ) (10 分)
故当 42= 7x 时,即 1
42AA = 7
时,体积 V 取到最大值 3 7
7
(12 分)
28.
【答案】 C
【解析】
CrSr 选个圆:,则侧面积为,高为为旋转体为圆柱,半径 .2ππ*2211 2 ==
34.
35.c
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