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  • 2021-06-16 发布

【精品试卷】2021届高三数学入学调研试题一文(含解析)

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1 2021 届高三数学入学调研试题(一)文 注意事项: 1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答:每小题选出答案后,用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只 有一项是符合题目要求的. 1.已知集合 2{ | 2 0}A x x x   ,集合 { | 1}B x x  ,则 A B  ( ) A.[0,1] B.[1,2] C.{0,1} D.{1,2} 2.若复数 5 i 1 iz   ,则 1z   ( ) A. 2 2 B.8 C. 10 D.1 3.已知 0.51( )2a  , 2log 0.3b  , bc a ,则 a ,b ,c 的大小关系是( ) A. a b c  B. c a b  C.b a c  D. a c b  4.造纸术、印刷术、指南针、火药被称为中国古代四大发明,此说法最早由英国汉学家艾约瑟提出 并为后来许多中国的历史学家所继承,普遍认为这四种发明对中国古代的政治、经济、文化的发展 产生了巨大的推动作用.某小学三年级共有学生 400 名,随机抽查100名学生并提问中国古代四大 发明,能说出两种及其以上发明的有 73人,据此估计该校三年级的 400 名学生中,对四大发明只能 说出一种或一种也说不出的有( ) A. 69 人 B.84 人 C.108人 D.115人 5.函数 22( ) 4 1 x x xf x   的图象大致为( ) A. B. C. D. 6.已知函数 ln , 0( ) 2 ( 2), 0 x xf x x x x      ,则函数 ( ) 3y f x  的零点个数是( ) A.1 B. 2 C.3 D. 4 7.在 ABC△ 中, D 是 BC 边上的一点, F 是 AD 上的一点,且满足 2AD AB AC  uuur uuur uuur 和 2FD FA  0   ,连接CF 并延长交 AB 于 E ,若 AE EB  ,则  的值为( ) A. 1 2 B. 1 3 C. 1 4 D. 1 5 8.秦九韶是我国南宋时期的数学家,普州(现四川省安岳县)人,他在所著的《数书九章》中提出 的多项式求值的秦九韶算法,至今仍是比较先进的算法.如图所示的程序框图给出了利用秦九韶算 法求某多项式值的一个实例,若输入 n , x 的值分别为3, 2 ,则输出 v 的值为( ) A.35 B. 20 C.18 D.9 9.正三棱柱 1 1 1ABC A BC 中, 1 2AA AB , D 是 BC 的中点,则异面直线 AD 与 1AC 所成的角 为( ) A. π 6 B. π 4 C. π 3 D. π 2 10.设双曲线 2 2 2 2: 1( 0, 0)x yC a ba b     左、右焦点分别为 1F 、 2F ,过 1F 作倾斜角为 60 直线与 y 轴和双曲线的右支交于 A、 B 两点,若点 A平分线段 1F B ,则该双曲线的离心率是( ) 2 A. 3 B. 2 3 C. 2 D. 2 1 11 . 已 知 函 数 π( ) 2sin( )( 0)6f x x    , 0x , 1x , 2 [0,π]x  , 对 [0,π]x  , 都 有 0 1( ) ( ) ( )f x f x f x  ,满足 2( ) 0f x  的实数 x 有且只有3个,给出下述四个结论:①满足题目条 件的实数 0x 有且只有1个;②满足题目条件的实数 1x 有且只有1个;③ ( )f x 在 π(0, )9 上单调递增; ④ 的取值范围是 13 19[ , )6 6 ,其中所有正确结论的编号是( ) A.①③ B.②④ C.①②④ D.①③④ 12.已知长方体 1 1 1 1 ABCD A B C D 内接于半球O ,且底面 ABCD 落在半球的底面上,底面 1111 DCBA 的四个顶点落在半球的球面上.若半球的半径为3,AB BC ,则该长方体体积的最大值为( ) A.12 3 B. 6 6 C. 48 D. 72 第Ⅱ卷 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13.甲、乙两人下棋,两人下成和棋的概率是 1 2 ,乙获胜的概率是 1 3 ,则甲获胜的概率是_____. 14.若 x , y 满足约束条件 4 0 2 4 0 0 x y x y x y           ,则 2z x y  的最小值为_____. 15.已知函数 ( ) ln( )f x a x  在   0, 0f 处的切线方程为 y x ,则满足  0 2 1f x   的 x 的 取值范围为_______. 16.如图,正方形 ABCD 和正方形 DEFG 的边长分别为 a , ( )b a b ,原点O 为 AD 的中点, 抛物线  2 2 0y ax a  经过C , F 两点,则 b a  _______. 三、解答题:本大题共 6 个大题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.(12 分)某学校为缓解学生的学习压力,其中高三年级经常举行一些心理素质综合能力训练活 动,经过一段时间的训练后从该年级1600名学生中随机抽取 200 名学生进行测试,并将其成绩分为 A , B ,C , D , E 五个等级,统计数据如图所示(视频率为概率): 根据以上抽样调查数据,回答下列问题: (1)试估算该校高三年级学生获得成绩为 B 的人数; (2)若等级 A , B ,C , D , E 分别对应100分、90分、80 分、 70 分、 60 分,学校要求平均 分达90分以上为“考前心理稳定整体过关”,请问该校高三年级目前学生的“考前心理稳定整体” 是否过关? (3)为了解心理健康状态稳定学生的特点,现从 D ,E 两种级别中,用分层抽样的方法抽取5个学 生样本,再从中任意选取 2 位学生样本分析,求事件“至少1位学生来自 D 级别”的概率. 18.(12 分)已知数列{ }na 是各项均为正数的等比数列,若 1 1a  , 2 4 16a a  . (1)设 2logn nb a ,求数列{ }nb 的通项公式; (2)求数列{ }n na b 的前 n 项和 nS . 3 19.(12 分)如图,直四棱柱 1 1 1 1ABCD A B C D 中, //CD AB , AB BC , 1AA AB BC   2 2CD  ,点 M 是 1AB 的中点. (1)证明: //CM 平面 1 1ADD A ; (2)求点C 到平面 1ADA 的距离. 20.(12 分)已知中心在原点 O 的椭圆 C 的左焦点为  1 1,0F  , C 与 y 轴正半轴交点为 A ,且 1 π 3AFO  . (1)求椭圆C 的标准方程; (2)过点 A作斜率为 1k 、  2 1 2 0k k k  的两条直线分别交 C 于异于点 A的两点 M 、 N .证明: 当 1 2 1 1 kk k   时,直线 MN 过定点. 4 21.(12 分) 2( ) ( 2)ln ln ( 0)f x ax a x a ax       , 2( ) ( 2 )lng x x x x  . (1)讨论 ( )f x 的单调性; (2)设不等式   21( ) ( 2) ( 0)2 mg x x m x m     对任意的 1[ , ]x ee  恒成立,求实数 m 的取值 范围. 请考生在 22、23 两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分. 22.(10 分)【选修 4-4:坐标系与参数方程】 在直角坐标坐标系 xOy 中,曲线C 的参数方程为 22 1 2 1 x t y t       (t 为参数),以直角坐标系的原点为极 点,以 x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,已知直线l 的极坐标方程为  2sin cos m    . (1)求曲线C 的普通方程; (2)若直线l 与曲线C 有且仅有唯一的公共点,且l 与坐标轴交于 A , B 两点,求以 AB 为直径的 圆的直角坐标方程. 23.(10 分)【选修 4-5:不等式选讲】 已知函数 ( ) 2 1f x x a   . (1)当 2a  时,求 ( ) 1f x  的解集; (2)当 [ 1,1]x  时, ( ) 3f x  ,求 a 的取值范围. 2021 届高三入学调研试卷 文 科 数 学(一)答 案 第Ⅰ卷 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的. 1.【答案】B 【解析】∵ [0,2]A  , [1, )B   ,∴ [1,2]A B  . 2.【答案】A 【解析】∵ 5 i (5 i)(1 i) 6 4i 3 2i1 i (1 i)(1 i) 2z           ,则 1 2 2iz    , 因此, 2 21 2 2 2 2z     . 3.【答案】C 【解析】∵ 0.51( )2a  , 2log 0.3b  , bc a , ∴ 1 00.51( )2 1 1 1( ) ( ) 12 2 2a    , 2 2log 0.3 log 1 0b    , 1 2 2 2 1 21 2 1 1log 0.3 0.5 log 0.3 02 1 log 0.3 2 1 1( ) ( ) 0.3 0.3 12 2 1 0.3( 1 2 1 ) c       ,∴b a c  . 4.【答案】C 【解析】在这100名学生中,只能说出一种或一种也说不出的有100 73 27  人, 设该校三年级的 400 名学生中,对四大发明只能说出一种或一种也说不出的有 x 人, 则100 400 27 x  ,解得 108x  人. 5.【答案】A 【解析】由题意, 2 22( ) ( 0)4 1 2 2 x x x x x xf x x     , 22( ( )22 2 )( ) 2 x x x x x x ff x x        , 所以函数 ( )f x 是奇函数,关于原点对称,排除选项 B; 当 1x  时, 21 1 2 1 2(1) 04 1 3f    ,故排除选项 D; 当 1 2x  时, 212 ( )1 22( ) (1)2 2 1 4f f     ,故排除选项 C, 所以本题正确答案为 A. 6.【答案】B 【解析】当 0x  时,| ln | 3 0x   ,∴ ln 3x   ,∴ 3x e 或 3e ,都满足 0x  ; 当 0x  时, 22 4 3 0x x    ,∴ 22 4 3 0x x   , ∵ 2 0 , 16 4 2 3 0Δ      ,所以方程没有实数根, 综合得函数 ( ) 3y f x  的零点个数是 2 . 7.【答案】C 【解析】如图所示,过 D 做 //DG CE ,交 AB 于G , 因为 2AD AB AC  uuur uuur uuur ,所以 D 为 BC 的中点, 因为 //DG CE ,所以G 为 BE 的中点, 因为 2FD FA  0   ,所以 : 1: 2AF FD  , 因为 //DG CE ,所以 : : 1: 2AE EG AF FD  ,即 1 2AE EG , 又因为 EG BG ,所以 1 4AE EB ,故 1 4AE EB  . 8.【答案】C 【解析】模拟算法:开始:输入 3n  , 2x  , 1v  , 3 1 2i    , 0i  成立; 1 2 2 4v     , 2 1 1i    , 0i  成立; 4 2 1 9v     , 1 1 0i    , 0i  成立; 9 2 0 18v     , 0 1 1i     , 0i  不成立,输出 18v  . 9.【答案】C 【解析】如图,取 1 1BC 中点 E ,连接 1A E ,CE , 由于正三棱柱 1 1 1ABC A BC ,则 1BB  底面 1 1 1A B C , 而 1A E  底面 1 1 1A B C ,所以 1 1BB A E , 由正三棱柱的性质可知, 1 1 1A B C△ 为等边三角形,所以 1 1 1A E B C ,且 1 1 1A E B C E , 所以 1A E  平面 1 1BB C C , 而 EC  平面 1 1BB C C ,则 1A E EC ,则 1A E AD∥ , 1 90A EC   , ∴ 1CA E 即为异面直线 AD 与 1AC 所成角, 设 2AB  ,则 1 2 2AA  , 1 3A E  , 3CE  , 则 1 1 3tan 3 3 CECA E A E     ,∴ 1 π 3CA E  . 10.【答案】B 【解析】双曲线 2 2 2 2 1x y a b   , ( 0, 0)a b  的左焦点 F 为 ,0c , 直线l 的方程为  3y x c  ,令 0x  ,则 3y c ,即  0, 3A c , 因为 A平分线段 1F B ,根据中点坐标公式可得  ,2 3B c c , 代入双曲线方程,可得 2 2 2 2 12 1c c a b   , 由于  1ce ea   ,则 2 2 2 12 11 ee e   ,化简可得 4 214 1 0e e   ,解得 2 7 4 3e   , 由 1e  ,解得 2 3e   . 11.【答案】D 【解析】 0 , [0,π]x ,故 π π π[ π ]6 6 6x    , , 设 π 6x t   ,作 siny t 的图象如图, 在[0,π]上满足 2( ) 0f x  的实数 2x 有且只有3个,即函数 siny t 在 π π[ , π ]6 6   上有且只 有3个零点,由图象可知 π2π π 3π6    ,13 19 6 6   ,结论④正确; 由图象知, siny t 在 π π[ , π ]6 6   上只有一个极小值点,有一个或两个极大值点,结论① 正确,结论②错误; 当 π(0, )9x 时, π π π π( , )6 6 9 6x      , 由13 19 6 6   知 2π π π 5π π0 27 9 6 27 2t       ,所以 siny t 在 π π π( )6 9 6  , 上递增, 则 ( )f x 在 π(0, )9 上单调递增,结论③正确. 12.【答案】A 【解析】设长方体 1 1 1 1ABCD A B C D 的高为 h ,底面棱长为 a , 则长方体的底面外接圆直径为 2 2r a ,所以, 2 2r a . 由勾股定理得 2 2 23h r  ,即 2 2( ) 92 ah   ,得 2 218 2a h  ,其中 0 3h  , 所以,长方体 1 1 1 1ABCD A B C D 的体积为  2 2 318 2 2 18V a h h h h h      , 其中 0 3h  ,设   32 18f h h h   ,其中 0 3h  ,则   26 18f h h    , 令   0f h  ,得 3h  , 当 0 3h  时,   0f h  , ( )f h 在 (0, 3) 上单调递增; 当 3 3h  时,   0f h  , ( )f h 在 ( 3,3) 上单调递减, 所以,函数  V f h 在 3h  处取得极大值,亦即最大值,则  max 3 12 3V f  , 因此,该长方体的体积的最大值为12 3 . 第Ⅱ卷 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分. 13.【答案】 1 6 【解析】因为甲获胜与两个人和棋或乙获胜对立,所以甲获胜概 1 1 11 2 3 6    . 14.【答案】 6 【解析】由约束条件作出可行域如图阴影所示, 化目标函数 2z x y  化为 2y x z   , 由图可知,当直线 2y x z   过 A 时直线在 y 轴上的截距最小, z 最小, 联立 4y x y x      ,得 (2,2)A ,故 z 的最小值为 6 . 15.【答案】[2, 1]e 【解析】∵ 1( )f x a x    ,∴ 1(0) 1f a    ,∴ 1a = , ∴ ( ) ln(1 )f x x  ,  f x 是 ( 1, )  上的增函数, 又∵  0 0f  , ( 1) ln( 1 1) 1f e e     , ∴ 0 2 1x e    ,∴ 2 1x e   ,即[2, 1]e . 16.【答案】1 2 【解析】因为 D 是抛物线  2 2 0y ax p  的焦点,所以 ( ,0)2 aD , 因为正方形 DEFG 的边长为 b ,所以 ( , )2 aF b b , 因为 F 在抛物线上,所以 2 2 ( )2 ab a b  ,即 2 22 0b ab a   , 所以 2 2( ) 1 0b b a a    ,解得 1 2b a   或1 2 , 因为 0 a b  ,所以 1 2b a   . 三、解答题:本大题共 6 个大题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算 步骤. 17.【答案】(1)896 ;(2)该校高三年级目前学生的“考前心理稳定整体”已过关;(3) 9 10 . 【解析】(1)从条形图中可知这 200 人中,有112 名学生成绩等级为 B , 所以可以估计该校学生获得成绩等级为 B 的概率为 112 14 200 25  , 则该校高三年级学生获得成绩为 B 的人数约有 141600 89625   . ( 2 ) 这 200 名 学 生 成 绩 的 平 均 分 为 64 112 14 6 4100 90 80 70 60 91.3200 200 200 200 200           , 因为 91.3 90 ,所以该校高三年级目前学生的“考前心理稳定整体”已过关. (3)由题可知用分层抽样的方法抽取5个学生样本,其中 D 级3个, E 级 2 个, D 组3人编号为 A , B ,C , E 组 2 人编号为 a ,b , 则任取 2 人的基本事件为 AB ,AC ,Aa , Ab ,BC ,Ba ,Bb ,Ca ,Cb ,ab 共10个, 其中事件“至少1位学生来自 D 级别为 F 含有的基本事件有 AB ,AC ,Aa ,Ab ,BC ,Ba , Bb ,Ca ,Cb ,共9个, ∴   9 10P F  . 18.【答案】(1) 1nb n  ;(2)  2 2 2n nS n   . 【解析】(1)由数列 na 是各项均为正数的等比数列, 且 1 2 4 1 16 a a a     ,∴ 2q  ,即 12n na  , 又∵ 2logn nb a ,∴ 1nb n  . (2)由(1)可知   11 2n n na b n     , 则 0 1 2 10 2 1 2 2 2 ( 1) 2n nS n           ① 1 2 32 0 2 1 2 2 2 ( 1) 2n nS n          ② ①-②得      2 3 1 2 22 2 2 2 1 2 1 2 2 2 21 2 n n n n n nS n n n                 , ∴  2 2 2n nS n   . 19.【答案】(1)证明见解析;(2) 2 5 5 . 【解析】(1)取 1AA 的中点为 E ,连接 ME , DE , ∵点 M 是 1AB 的中点,∴ 1 1ME A B∥ , 1 1 1 2ME A B , ∵CD AB∥ , 1 2CD AB , 1 1AB A B∥ , 1 1AB A B ,∴CD ME∥ ,CD ME , 即四边形CDEM 为平行四边形,∴CD DE∥ , ∵CM  平面 1 1ADD A , DE  平面 1 1ADD A ,∴CM∥平面 1 1ADD A . (2)设点C 到平面 1ADA 的距离为 h ,连接 AC , 1DA , 1AC , 1A D , ∵ 1A A⊥平面 ABCD , AB BC , ∴ 1 1 1 1 1 21 2 23 3 2 3A ACD ACDV S AA        △ , ∵ AD  平面 ABCD ,∴ 1AA AD⊥ , 2 22 1 5AD    , ∴ 1 1 5 2 52ADAS    △ , ∵ 1 1C ADA A ACDV V   ,∴ 1 253 3h   ,解得 2 5 5h  . 20.【答案】(1) 2 2 14 3 x y  ;(2)证明见解析. 【解析】(1)在 1AFORt△ 中, OA b , 1 1OF c  , 2 2 1 1AF OA OF a   , ∵ 1 π 3AFO  , 1 π 6OAF  ,∴ 1 12 2a AF OF   ,∴ 2 2 3b a c   , 因此,椭圆C 的标准方程为 2 2 14 3 x y  . (2)由题不妨设 :MN y kx m  ,设点  1 1,M x y ,  2 2,N x y , 联立 2 2 14 3 x y y kx m       ,消去 y 化简得 2 2 24 3 8 4 12 0k x kmx m     , 且 1 2 2 8 4 3 kmx x k     , 2 1 2 2 4 12 4 3 mx x k   , ∵ 1 2 1 1 kk k   ,∴ 1 2 1 2k k k k  ,∴ 1 2 1 2 1 2 1 2 3 3 3 3y y y y x x x x       , ∴代入 ( 1,2)i iy kx m i   , 化简得 2 2 1 2 1 2( 2 ) ( 1)( 3)( ) 2 3 3 0k k x x k m x x m m         , 化简得    2 8 3 3 3 3k m m   , ∵ 3m  ,∴8 3 3( 3)k m  ,∴ 8 3 33 km   , 直线 8 3: 33 kMN y kx   ,因此,直线 MN 过定点 8 3( , 3)3  . 21.【答案】(1)见解析;(2) (0,3]. 【解析】(1) 0x  , 0a  , 2 2 2 2 2 2 ( 2) 2 ( 1)( 2)( ) a ax a x x axf x a x x x x            , 由 ( ) 0f x  ,得 1x  或 2x a  , ①若 0 2a  ,则 2 1 a ,由 0( )f x  ,得 21 x a   ; ( ) 0f x  ,得 0 1x  或 2x a  , 所以若 0 2a  , ( )f x 在 (0,1) , 2( , )a  递增;在 2(1, )a 上递减; ②若 2a  , 2 2 2( 1)( ) 0xf x x    , ( )f x 在定义域 (0, ) 上递增; ③若 2a  ,则 2 1a  ,由 0( )f x  ,得 2 1xa   ; ( ) 0f x  ,得 20 x a   或 1x  , 所以若 2a  , ( )f x 在 2(0, )a 和 (1, ) 上递增,在 2( ,1)a 递减. (2)原不等式等价于 2 21( 2 )ln ( 2) 02 mx x x x m x     , 记   2 21( 2 )ln ( 2)2 mh x x x x x m x     , ( ) (2ln )( 1)h x x m x    , 1( )x ee   , 令 ( ) 0h x  ,得 1x  或 2 ( 0) m x e m    . ①当 2m  时, 12 m e e   (舍去),所以 1x  . 当 1( ,1)x e  时, ( ) 0h x  ;当 (1, )x e 时, ( ) 0h x  , 所以 min 1( ) (1) ( 3) 02h x h m     恒成立, 故 3m  ,此时 m 的取值范围是 2 3m  ; ②当 0 2m  时, 1 2 1 m e e    , 当 21( , ) m x ee   时, ( ) 0h x  ;当 2( ,1) m x e   时, ( ) 0h x  ;当 (1, )x e 时, ( ) 0h x  , 所以 1min{ (1), ( )} 0h h e  ,即 8 3 2 1 3 em e m      , 解得 3m  ,可得此时 m 的取值范围是 0 2m  , 综合①②可知 0 3m  ,所以实数 m 的取值范围是 (0,3]. 22.【答案】(1) 2( 1) 2( 1)y x   ;(2) 2 21 1 5( ) ( )2 4 16x y    . 【解析】(1)由 2 1y t  ,得 1 2 yt  ,则 2 212 1 2( ) 12 yx t     , 整理得 2( 1) 2( 1)y x   ,故曲线C 的普通方程为 2( 1) 2( 1)y x   . (2)由 (2sin cos ) m    ,得 2y x m  , 联立 2( 1) 2( 1) 2y x y x m       ,得 2 2 2 1 0y y m    , ∵l 与曲线C 有且仅有唯一的公共点,∴ 4 4(2 1) 0Δ m    ,解得 1m  , ∵l 的方程为 2 1y x  ,∴ l 与坐标轴交点为 1(0, )2 与 ( 1,0) , 不妨假设 1(0, )2A ,则 ( 1,0)B  ,线段 AB 的中点为 1 1( , )2 4  , 1 51 4 2AB    ,∴以 AB 为直径的圆的半径 5 4r  , ∴以 AB 为直径的圆的直角坐标方程为 2 21 1 5( ) ( )2 4 16x y    . 23.【答案】(1)[1,2] [ 1,0] ;(2)[0,3]. 【解析】(1)当 2a  时, ( ) 1f x  可化为 2 1 2 1x    , 即 1 2 1 2 1x     ,1 2 1 3x   , ∴1 2 1 3x   或 3 2 1 1x     ,解得1 2x  或 1 0x   , ∴ ( ) 1f x  的解集为[1,2] [ 1,0] . (2) ( ) 3f x  可化为 2 1 3x a   ,即 3 2 1 3a x a     , ∵ 2 1y x  在 [ 1,1]x  上的最大值为3,最小值为 0 , ∴ 3 0 3 3 a a      ,解得 0 3a  , 故 a 的取值范围为[0,3].