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- 2021-06-16 发布
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高中同步创优单元测评
B 卷 数 学
班级:________ 姓名:________ 得分:________
第一章 集合与函数概念(二)
(函数的概念与基本性质)
名校好题·能力卷]
(时间:120 分钟 满分:150 分)
第Ⅰ卷 (选择题 共 60 分)
一、选择题(本大题共 12 个小题,每小题 5 分,共 60 分,在每小
题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.下列四组函数中,表示同一函数的是( )
A.y=x-1 与 y= x-12
B.y= x-1与 y= x-1
x-1
C.y=4lg x 与 y=2lg x2
D.y=lg x-2 与 y=lg x
100
2.已知 f:x→x2 是集合 A 到集合 B={0,1,4}的一个映射,则集合
A 中的元素个数最多有( )
A.3 个 B.4 个
C.5 个 D.6 个
3.函数 f(x)= x+1
x-1
的定义域是( )
A.-1,1) B.-1,1)∪(1,+∞)
C.-1,+∞) D.(1,+∞)
4.函数 y=2- -x2+4x的值域是( )
A.-2,2] B.1,2]
C.0,2] D.- 2, 2 ]
5.已知 f(x)的图象如图,则 f(x)的解析式为( )
A.f(x)= 1,0≤x≤1
-x-2,1f(1),则下列各式一
定成立的是( )
A.f(0)f(3)
C.f(2)>f(0) D.f(-1)0,且 x1+x2<-2,则 f(-x1)与 f(-x2)的大小
关系是( )
A.f(-x1)>f(-x2) B.f(-x1)400,
其中 x 是仪器的月产量.
(1)将利润 f(x)表示为月产量 x 的函数;
(2)当月产量x为何值时,公司所获利润最大?最大利润是多少元?
(总收益=总成本+利润)
20.(本小题满分 12 分)
已知函数 f(x)=x2+2ax+2,x∈-5,5].
(1)当 a=-1 时,求函数的最大值和最小值;
(2)若 y=f(x)在区间-5,5]上是单调函数,求实数 a 的取值范围.
21.(本小题满分 12 分)
已知二次函数 f(x)=ax2+bx(a,b∈R),若 f(1)=-1 且函数 f(x)的
图象关于直线 x=1 对称.
(1)求 a,b 的值;
(2)若函数 f(x)在 k,k+1](k≥1)上的最大值为 8,求实数 k 的值.
22.(本小题满分 12 分)
已知二次函数 f(x)的图象过点(0,4),对任意 x 满足 f(3-x)=f(x),
且有最小值7
4.
(1)求 f(x)的解析式;
(2)求函数 h(x)=f(x)-(2t-3)x 在区间 0,1]上的最小值,其中 t∈R;
(3)在区间-1,3]上,y=f(x)的图象恒在函数 y=2x+m 的图象上方,
试确定实数 m 的范围.
详解答案
第一章 集合与函数概念(二)
(函数的概念与基本性质)
名校好题·能力卷]
1.D 解析:∵y=x-1 与 y= x-12=|x-1|的对应关系不同,
∴它们不是同一函数;y= x-1(x≥1)与 y= x-1
x-1
(x>1)的定义域不同,
∴它们不是同一函数;又 y=4lg x(x>0)与 y=2lg x2(x≠0)的定义域不同,
因此它们也不是同一函数,而 y=lg x-2(x>0)与 y=lg x
100
=lg x-2(x>0)
有相同的定义域、值域与对应关系,因此它们是同一函数.
2.C 解析:令 x2=0,1,4,解得 x=0,±1,±2.故选 C.
3.B 解析:由 x+1≥0,
x-1≠0, 解得 x≥-1,且 x≠1.
4.C 解析:令 t=-x2+4x,x∈0,4],∴t∈0,4].又∵y1= x,x
∈0,+∞)是增函数∴ t∈0,2],- t∈-2,0],∴y∈0,2].故选 C.
5.C 解析:当 0≤x≤1 时,f(x)=-1;当 1f(1),f(4)>f(-1).
9.D 解析:因为奇函数 f(x)在 1,3]上为增函数,且有最小值 0,
所以 f(x)在-3,-1]上是增函数,且有最大值 0.
10.A 解析:由于函数 f(x)= axx<0,
a-3x+4ax≥0
满足对任意
x1≠x2,都有fx1-fx2
x1-x2
<0 成立,所以该函数为 R 上的减函数,所以
00,且 x1+x2<-2,所以 2
<2+x2<-x1.因为函数在 1,+∞)上为增函数,所以 f(2+x2)<f(-x1),
即 f(-x1)>f(-x2),故选 A.
13.-14 解析:设 g(x)=ax7+bx,则 g(x)是奇函数,g(-2 014)
=-g(2 014).∵f(2 014)=10 且 f(2 014)=g(2 014)-2,∴g(2 014)=12,
∴g(-2 014)=-12,∴f(-2 014)=g(-2 014)-2,∴f(-2 014)=-14.
14.a<1
2
解析:f(x)=ax+1
x+2
=a+1-2a
x+2 .∵y= 1
x+2
在 x∈(-2,+
∞)上是减函数,∴1-2a>0,∴a<1
2.
15.18 解析:因为函数 f(x)=x+3
x+1
,所以 f
1
x =1+3x
x+1 .
又因为 f(x)+f
1
x =4x+1
x+1
=4,
f(1)+f(2)+f(4)+f(8)+f(16)+f
1
2 +f
1
4 +f
1
8 +f
1
16
=f(1)+f(2)+f
1
2 +f(4)+f
1
4 +f(8)+f
1
8 +f(16)+f
1
16 =f(1)+
4×4=18,
所以 m+n=18.
解题技巧:本题主要考查了学生的观察、归纳、推理的能力,解
决本题的关键是挖掘出题目中隐含的规律 f(x)+f
1
x =4.
16.-1≤a<0 解析:当 x=0 时,f(x)=0,则 0≥a2-1,解得-
1≤a≤1,所以-1≤a<0.
当 x>0 时,-x<0,f(-x)=-x+ a2
-x
-2,则 f(x)=-f(-x)=x+a2
x
+2.
由对数函数的图象可知,当 x= a2=|a|=-a 时,有 f(x)min=-2a
+2,
所以-2a+2≥a2-1,即 a2+2a-3≤0,解得-3≤a≤1.又 a<0,
所以-3≤a<0.
综上所述,-1≤a<0.
17.解:(1)令 t=x-2,则 x=t+2,t∈R,由已知有 f(t)=3(t+2)
-5=3t+1,故 f(x)=3x+1.
(2)设 f(x)=ax+b(a≠0),f(f(x))=a2x+ab+b,
f(f(f(x)))=a(a2x+ab+b)+b=a3x+a2b+ab+b,
∴ a3=27,
a2b+ab+b=26,
解得 a=3,b=2.则 f(x)=3x+2.
18.(1)证明:设 2≤x10,x2-1>0,x2-x1>0,所以 f(x1)-f(x2)>0,
即 f(x1)>f(x2).
所以 f(x)是定义域上的减函数.
(2)由(1)的结论可得,f(x)min=f(6)=1
5
,f(x)max=f(2)=1.
19.解:(1)当 0≤x≤400 时,
f(x)=400x-1
2x2-100x-20 000=-1
2x2+300x-20 000.
当 x>400 时,f(x)=80 000-100x-20 000=60 000-100x,
所以 f(x)=
-1
2x2+300x-20 000,0≤x≤400,
60 000-100x,x>400.
(2)当 0≤x≤400 时,
f(x)=-1
2x2+300x-20 000=-1
2(x-300)2+25 000;
当 x=300 时,f(x)max=25 000;
当 x>400 时,
f(x)=60 000-100x2x+m 对 x∈-1,3]恒成立,
∴m
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