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- 2021-06-16 发布
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第一章 计数原理
1.2 排列与组合
1.2.2 组合
第 2 课时 组合的综合应用
A 级 基础巩固
一、选择题
1.一个口袋中装有大小相同的 6 个白球和 4 个黑球,从中取 2 个
球,则这两个球同色的不同取法有( )
A.27 种 B.24 种 C.21 种 D.18 种
解析:分两类:一类是 2 个白球有 C26=15 种取法,另一类是 2 个
黑球有 C24=6 种取法,所以取法共有 15+6=21(种).
答案:C
2.4 位同学每人从甲、乙、丙三门课程中选修 1 门,则恰有 2 人
选修课程甲的不同选法共有( )
A.12 种 B.24 种 C.30 种 D.36 种
解析:依题意,满足题意的选法共有 C24×2×2=24(种).
答案:B
3.从编号为 1、2、3、4 的四种不同的种子中选出 3 种,在 3 块
不同的土地上试种,每块土地上试种一种,其中 1 号种子必须试种,
则不同的试种方法有( )
A.24 种 B.18 种 C.12 种 D.96 种
解析:从 3 块不同的土地中选 1 块种 1 号种子,有 C 13种方法,从
其余的 3 种种子中选 2 种种在另外的 2 块土地上,有 A 23种方法,所以
所求方法有 C13A23=18(种).
答案:B
4.将 4 个颜色互不相同的球全部收入编号为 1 和 2 的 2 个盒子里,
使得放入每个盒子里的球的个数不小于该盒子的编号,则不同的放球
方法有( )
A.10 种 B.20 种 C.36 种 D.52 种
解析:根据 2 号盒子里放球的个数分类:第一类,2 号盒子里放 2
个球,有 C 24种放法,第二类,2 号盒子里放 3 个球,有 C 34种放法,
剩下的小球放入 1 号盒中,共有不同放球方法 C24+C34=10(种).
答案:A
5.某电视台连续播放 5 个广告,其中有 3 个不同的商业广告和 2
个不同的公益广告,要求最后播放的必须是公益广告,且 2 个公益广
告不能连续播放,则不同的播放方式有( )
A.120 种 B.48 种 C.36 种 D.18 种
解析:依题意,所求播放方式的种数为 C12C13A33=2×3×6=36.
答案:C
二、填空题
6.北京市某中学要把 9 台型号相同的电脑送给西部地区的三所希
望小学,每所小学至少得到 2 台,共有________种不同送法.
解析:每校先各得一台,再将剩余 6 台分成 3 份,用插板法解,
共有 C25=10(种).
答案:10
7.某校开设 9 门课程供学生选修,其中 A、B、C 三门由于上课
时间相同,至多选一门,学校规定每位同学选修 4 门,共有________
种不同选修的方案(用数字作答).
解析:分两类,第一类学生不选 A,B,C 中的任意一门,选法有
C46=15(种).第二类学生从 A,B,C 中选一门,再从其他 6 门中选 3
门课程,共有 C13C36=60 种选法.所以选法共有 15+60=75(种).
答案:75
8.以正方体的顶点为顶点的四面体共有________个.
解析:先从 8 个顶点中任取 4 个的取法为 C 48种,其中,共面的 4
点有 12 个,则四面体的个数为 C48-12=58(个).
答案:58
三、解答题
9.为了提高学生参加体育锻炼的热情,光明中学组织篮球比赛,
共 24 个班参加,第一轮比赛是先分四组进行单循环赛,然后各组取前
两名再进行第二轮单循环赛(在第一轮中相遇过的两个队不再进行比
赛),问要进行多少场比赛?
解:第一轮每组 6 个队进行单循环赛,共有 C 26场比赛,4 个组共
计 4C 26场.
第二轮每组取前两名,共计 8 个组,应比赛 C 28场,由于第一轮中
在同一组的两队不再比赛,故应减少 4 场,因此第二轮的比赛应进行
C28=4(场).
综上,两轮比赛共进行 4C26+C28-4=84(场).
10.有 6 本不同的书按下列分配方式分配,问共有多少种不同的
分配方式?
(1)分成 1 本、2 本、3 本三组;
(2)分给甲、乙、丙三人,其中一人 1 本,一人 2 本,一人 3 本;
(3)分成每组都是 2 本的三组;
(4)分给甲、乙、丙三人,每人 2 本.
解:(1)分三步:选选一本有 C 16种选法;再从余下的 5 本中选 2
本有 C 25有种选法;对于余下的三本全选有 C 33种选法,由分步乘法计
数原理知选法有 C16C25C33=60(种).
(2)由于甲、乙、丙是不同的三人,在(1)的基础上,还应考虑再分
配的问题,因此选法共有 C16C25C33A33=360(种).
(3)先分三步,则应是 C26C24C 22种选法,但是这里面出现了重复,
不妨记 6 本书分别为 A,B,C,D,E,F,若第一步取了(AB,CD,
EF),则 C26C24C 22种分法中还有(AB,EF,CD),(CD,AB,EF),(CD,
EF,AB),(EF,AB,CD),(EF,CD,AB)共 A 33种情况,而且这 A 33
种情况仅是 AB,CD,EF 的顺序不同,因此,只算作一种情况,故分
配方式有C26C24C22
A33
=15(种).
(4)在问题(3)的基础上再分配,故分配方式有C26C24C22
A33
·A33=C26C24C22
=90(种).
B 级 能力提升
1.已知圆上 9 个点,每两点连一线段,所有线段在圆内的交点有
( )
A.36 个 B.72 个 C.63 个 D.126 个
解析:此题可化归为:圆上 9 个点可组成多少个四边形,每个四
边形的对角线的交点即为所求,所以,交点有 C49=126(个).
答案:D
2.某科技小组有六名学生,现从中选出三人去参观展览,至少有
一名女生入选的不同选法有16种,则该小组中的女生人数为________.
解析:设男生人数为 x,则女生有(6-x)人.依题意 C36-C3x=16,
则 6×5×4 = x(x - 1)(x - 2) + 16×6 , 所 以 x(x - 1)(x - 2) =
2×3×4,解得 x=4.即女生有 2 人.
答案:2
3.有五张卡片,它们的正、反面分别写 0 与 1,2 与 3,4 与 5,6
与 7,8 与 9.将其中任意三张并排放在一起组成三位数,共可组成多少
个不同的三位数?
解:法一 依 0 与 1 两个特殊值分析,可分三类:
(1)取 0 不取 1,可先从另四张卡片中选一张作百位,有 C 14种方法;
0 可在后两位;有 C 12种方法;最后需从剩下的三张中任取一张,有
C 13种方法;又除含 0 的那张外,其他两张都有正面或反面两种可能,
故此时可得不同的三位数有 C14C12C13·22 个.
(2)取 1 不取 0,同上分析可得不同的三位数 C24·22·A 33个.
(3)0 和 1 都不取,有不同三位数 C34·23·A 33个.
综上所述,不同的三位数共有
C14C12C13·22+C24·22·A23+C34·23·A33=432(个).
法二 任取三张卡片可以组成不同三位数 C35·23·A 33个,
其中 0 在百位的有 C24·22·A 22个,这是不合题意的,
故可组成的不同三位数共有 C35·23·A33-C24·22·A22=432(个).
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