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  • 2021-06-16 发布

【师说系列】2014 届高考数学一轮练之乐 1.1.4 函数的单调性与最 值 文

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【师说系列】2014 届高考数学一轮练之乐 1.1.4 函数的单调性与最 值 文 一、选择题 1.(2013·宁夏月考)下列函数中,在(-1,1)内有零点且单调递增的是( ) A.y=log 1 2 x B.y=2x-1 C.y=x2-1 2 D.y=-x3 解析:观察四个选项,在(-1,1)内单调递增的只有函数 y=2x-1 且其在(-1,1)内也有零 点.故选 B. 答案:B 2.函数 f(x)=ln(4+3x-x2)的单调递减区间是( ) A. -∞,3 2 B. 3 2 ,+∞ C. -1,3 2 D. 3 2 ,4 解析:函数 f(x)的定义域是(-1,4 ),u(x)=-x2+3x+4=- x-3 2 2+25 4 的减区间为 3 2 ,4 , ∵e>1,∴函数 f(x)的单调减区间为 3 2 ,4 . 答案:D 3.已知函数 f(x)在区间[a,b]上单调,且 f(a)·f(b)<0,则方程 f(x)=0 在区间[a,b] 上( ) A.至少有一实根 B.至多有一实根 C.没有实根 D.必有惟一的实根 解析:∵f(a)·f(b)<0 且 f(x)在[a,b]上单调,∴由数形结合,可以看出,必有惟一的实 数 x0,使 f(x0)=0 成立. 答案:D 4.函数 f(x)(x∈R)的图象如下图所示,则函数 g(x)=f(logax)(0<a<1)的单调减区间是 ( ) A. 0,1 2 B.(-∞,0)∪ 1 2 ,+∞ C.[ a,1] D.[ a, a+1] 解析:y=logax(0<a<1)为减函数,根据复合函数的单调性及图象知,当 0≤logax≤1 2 , 即 a≤x≤1 时,g(x)为减函数,故其单调减区间为[ a,1]. 答案:C 5.已知函数 f(x)= a-2 x-1,x≤1, logax,x>1. 若 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,则实数 a 的取值范围为( ) A.(1,2) B.(2,3) C.(2,3] D.(2,+∞) 解析:要保证函数 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,则首先分段函数应该在各自定义域内 分别单调递增. 若 f(x)=(a-2)x-1 在区间(-∞,1]上单调递增,则 a-2>0,即 a>2. 若 f(x)=logax 在区间(1,+∞)上单调递增,则 a>1. 另外,要保证函数 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增还必须满足(a-2)×1-1≤loga1=0, 即 a≤3.故实数 a 的取值范围为 2<a≤3. 答案:C 6.(2013·辽宁模拟)已知 f(x)是定义在实数集 R 上的增函数,且 f(1)=0,函数 g(x)在(- ∞,1]上为增函数,在[1,+∞)上为减函数,且 g(4)=g(0)=0,则集合{x|f(x)g(x)≥0} 等于( ) A.{x|x≤0 或 1≤x≤4} B.{x|0≤x≤4} C.{x|x≤4} D.{x|0≤x≤1 或 x≥4} 解析:画出函数 f(x)和 g(x)的草图如图, 由图可知当 f(x)g(x)≥0 时,x 的取值范围是 x≤0 或 1≤x≤4,即{x|f(x)g(x)≥0}={x|x≤0 或 1≤x≤4},故选 A. 答案:A 二、填空题 7.已知 y=f(x)是定义在(-2,2)上的增函数,若 f(m-1)<f(1-2m),则 m 的取值范围是 __________. 解析:依题意,原不等式等价于 -2<m-1<2 -2<1-2m<2 m-1<1-2m ⇒ -1<m<3 -1 2 <m<3 2 m<2 3 ⇒-1 2 <m<2 3 . 答案: -1 2 ,2 3 8.已知下列四个命题:①若 f(x)为减函数,则-f(x)为增函数;②若 f(x)为增函数,则函 数 g(x)= 1 f x 在其定义域内为减函数;③若 f(x)与 g(x)均为(a,b)上的增函数,则 f(x)·g(x)也是区间(a,b)上的增函数;④若 f(x)与 g(x)在(a,b)上分别是递增与递减函 数,且 g(x)≠0,则f x g x 在(a,b)上是递增函数.其中正确命题的序号是__________. 解析:①正确;②不正确,可用 y=x(x≠0)说明,若 f(x)恒大于零(或若 f(x)恒小于零), 则命题②成立; ③不正确,可用 y=x(x>0)与 y=-1 x (x>0)说明; ④不正确,可用 y=x(x>0)与 y=-x(x>0)说明. 答案:① 9.已知函数 f(x)= -x2+4x-10 x≤2 log3 x-1 -6 x>2 若 f(6-a2)>f(5a),则实数 a 的取值 范围是__________. 解析:当 x≤2 时,f1(x)=-x2+4x-10 是单调递增函数;当 x>2 时,f2(x)=log3(x-1) -6 也是单调递增函数,且 f1(2)=-22+4×2-10=-6,f2(2)=log3(2-1)-6=-6, 即 f1(2)=f2(2),因此 f(x)在 R 上单调递增,又因为 f(6-a2)>f(5a),所以 6-a2>5a, 解得-6<a<1. 答案:-6<a<1 三、解答题 10.已知函数 f(x)=a- 1 |x| . (1)求证:函数 y=f(x)在(0,+∞)上是增函数; (2)若 f(x)<2x 在(1,+∞)上恒成立,求实数 a 的取值范围. 解析:(1)证明:当 x∈(0,+∞)时,f(x)=a-1 x , 设 0<x1<x2,则 x1x2>0,x2-x1>0. f(x1)-f(x2)= a- 1 x1 - a- 1 x2 = 1 x2 - 1 x1 =x1-x2 x1x2 <0. ∴f(x1)<f(x2),即 f(x)在(0,+∞)上是增函数. (2)由题意 a-1 x <2x 在(1,+∞)上恒成立, 设 h(x)=2x+1 x ,则 a<h(x)在(1,+∞)上恒成立. 可证 h(x)在(1,+∞)上单调递增. 故 a≤h(1)即 a≤3,∴a 的取值范围为(-∞,3]. 11.已知函数 f(x)=a·2x+b·3x,其中常数 a,b 满足 ab≠0. (1)若 ab>0,判断函数 f(x)的单调性; (2)若 ab<0,求 f(x+1)>f(x)时 x 的取值范围. 解析:(1)当 a>0,b>0 时,任意 x1,x2∈R,令 x1<x2,则 f(x1)-f(x2)=a(2 1x -2x2) +b(3 1x -3 2x ), ∵2 1x <2 2x ,a>0⇒a(2 1x -2 2x )<0, 3 1x <3 2x ,b>0⇒b(3 1x -3 2x )<0, ∴f(x1)-f(x2)<0,函数 f(x)在 R 上是增函数. 当 a<0,b<0 时,同理,函数 f(x)在 R 上是减函数. (2)f(x+1)-f(x)=a·2x+2b·3x>0, 当 a<0,b>0 时, 3 2 x>- a 2b ,则 x>log1.5 - a 2b ; 当 a>0,b<0 时, 3 2 x<- a 2b ,则 x<log1.5 - a 2b . 12.设函数 f(x)对任意的 x,y,都有 f(x+y)=f(x)+f(y)-1,且当 x>0 时,f(x)>1. (1)求证:函数 f(x)是 R 上的增函数; (2)若 f(4)=5,解不等式 f(3t2-t-2)<3. 解析:(1)方法一:设 x1,x2∈R 且 x1<x2,则 Δx=x2-x1>0, ∴f(Δx)>1, ∴f(x2)=f(x1+Δx)=f(x1)+f(Δx)-1>f(x1), ∴f(x)是 R 上的增函数. 方法二:f(0)=f(0)+f(0)-1,∴f(0)=1. ∴f(0)=f(x-x)=f(x)+f(-x)-1=1. ∴f(-x)=2-f(x), 设 x1,x2∈R 且 x1<x2,∴x2-x1>0. ∴f(x2-x1)=f(x2)+f(-x1)-1 =f(x2)+2-f(x1)-1 =f(x2)-f(x1)+1>1. ∴f(x2)-f(x1)>0,∴f(x)是 R 上的增函数, (2)f(4)=f(2)+f(2)-1=5,∴f(2)=3. ∴f(3t2-t-2)<3=f(2). 又由(1)的结论知函数 f(x)是 R 上的增函数. ∴3t2-t-2<2,∴-1<t<4 3 .