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- 2021-06-16 发布
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【师说系列】2014 届高考数学一轮练之乐 1.1.4 函数的单调性与最
值 文
一、选择题
1.(2013·宁夏月考)下列函数中,在(-1,1)内有零点且单调递增的是( )
A.y=log
1
2 x B.y=2x-1
C.y=x2-1
2
D.y=-x3
解析:观察四个选项,在(-1,1)内单调递增的只有函数 y=2x-1 且其在(-1,1)内也有零
点.故选 B.
答案:B
2.函数 f(x)=ln(4+3x-x2)的单调递减区间是( )
A.
-∞,3
2 B.
3
2
,+∞
C.
-1,3
2 D.
3
2
,4
解析:函数 f(x)的定义域是(-1,4 ),u(x)=-x2+3x+4=-
x-3
2 2+25
4
的减区间为
3
2
,4
,
∵e>1,∴函数 f(x)的单调减区间为
3
2
,4
.
答案:D
3.已知函数 f(x)在区间[a,b]上单调,且 f(a)·f(b)<0,则方程 f(x)=0 在区间[a,b]
上( )
A.至少有一实根 B.至多有一实根
C.没有实根 D.必有惟一的实根
解析:∵f(a)·f(b)<0 且 f(x)在[a,b]上单调,∴由数形结合,可以看出,必有惟一的实
数 x0,使 f(x0)=0 成立.
答案:D
4.函数 f(x)(x∈R)的图象如下图所示,则函数 g(x)=f(logax)(0<a<1)的单调减区间是
( )
A.
0,1
2 B.(-∞,0)∪
1
2
,+∞
C.[ a,1] D.[ a, a+1]
解析:y=logax(0<a<1)为减函数,根据复合函数的单调性及图象知,当 0≤logax≤1
2
,
即 a≤x≤1 时,g(x)为减函数,故其单调减区间为[ a,1].
答案:C
5.已知函数 f(x)=
a-2 x-1,x≤1,
logax,x>1.
若 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,则实数
a 的取值范围为( )
A.(1,2) B.(2,3)
C.(2,3] D.(2,+∞)
解析:要保证函数 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,则首先分段函数应该在各自定义域内
分别单调递增.
若 f(x)=(a-2)x-1 在区间(-∞,1]上单调递增,则 a-2>0,即 a>2.
若 f(x)=logax 在区间(1,+∞)上单调递增,则 a>1.
另外,要保证函数 f(x)在(-∞,+∞)上单调递增还必须满足(a-2)×1-1≤loga1=0,
即 a≤3.故实数 a 的取值范围为 2<a≤3.
答案:C
6.(2013·辽宁模拟)已知 f(x)是定义在实数集 R 上的增函数,且 f(1)=0,函数 g(x)在(-
∞,1]上为增函数,在[1,+∞)上为减函数,且 g(4)=g(0)=0,则集合{x|f(x)g(x)≥0}
等于( )
A.{x|x≤0 或 1≤x≤4} B.{x|0≤x≤4}
C.{x|x≤4} D.{x|0≤x≤1 或 x≥4}
解析:画出函数 f(x)和 g(x)的草图如图,
由图可知当 f(x)g(x)≥0 时,x 的取值范围是 x≤0 或 1≤x≤4,即{x|f(x)g(x)≥0}={x|x≤0
或 1≤x≤4},故选 A.
答案:A
二、填空题
7.已知 y=f(x)是定义在(-2,2)上的增函数,若 f(m-1)<f(1-2m),则 m 的取值范围是
__________.
解析:依题意,原不等式等价于
-2<m-1<2
-2<1-2m<2
m-1<1-2m
⇒
-1<m<3
-1
2
<m<3
2
m<2
3
⇒-1
2
<m<2
3
.
答案:
-1
2
,2
3
8.已知下列四个命题:①若 f(x)为减函数,则-f(x)为增函数;②若 f(x)为增函数,则函
数 g(x)= 1
f x
在其定义域内为减函数;③若 f(x)与 g(x)均为(a,b)上的增函数,则
f(x)·g(x)也是区间(a,b)上的增函数;④若 f(x)与 g(x)在(a,b)上分别是递增与递减函
数,且 g(x)≠0,则f x
g x
在(a,b)上是递增函数.其中正确命题的序号是__________.
解析:①正确;②不正确,可用 y=x(x≠0)说明,若 f(x)恒大于零(或若 f(x)恒小于零),
则命题②成立;
③不正确,可用 y=x(x>0)与 y=-1
x
(x>0)说明;
④不正确,可用 y=x(x>0)与 y=-x(x>0)说明.
答案:①
9.已知函数 f(x)=
-x2+4x-10 x≤2
log3 x-1 -6 x>2
若 f(6-a2)>f(5a),则实数 a 的取值
范围是__________.
解析:当 x≤2 时,f1(x)=-x2+4x-10 是单调递增函数;当 x>2 时,f2(x)=log3(x-1)
-6 也是单调递增函数,且 f1(2)=-22+4×2-10=-6,f2(2)=log3(2-1)-6=-6,
即 f1(2)=f2(2),因此 f(x)在 R 上单调递增,又因为 f(6-a2)>f(5a),所以 6-a2>5a,
解得-6<a<1.
答案:-6<a<1
三、解答题
10.已知函数 f(x)=a- 1
|x|
.
(1)求证:函数 y=f(x)在(0,+∞)上是增函数;
(2)若 f(x)<2x 在(1,+∞)上恒成立,求实数 a 的取值范围.
解析:(1)证明:当 x∈(0,+∞)时,f(x)=a-1
x
,
设 0<x1<x2,则 x1x2>0,x2-x1>0.
f(x1)-f(x2)=
a- 1
x1 -
a- 1
x2
= 1
x2
- 1
x1
=x1-x2
x1x2
<0.
∴f(x1)<f(x2),即 f(x)在(0,+∞)上是增函数.
(2)由题意 a-1
x
<2x 在(1,+∞)上恒成立,
设 h(x)=2x+1
x
,则 a<h(x)在(1,+∞)上恒成立.
可证 h(x)在(1,+∞)上单调递增.
故 a≤h(1)即 a≤3,∴a 的取值范围为(-∞,3].
11.已知函数 f(x)=a·2x+b·3x,其中常数 a,b 满足 ab≠0.
(1)若 ab>0,判断函数 f(x)的单调性;
(2)若 ab<0,求 f(x+1)>f(x)时 x 的取值范围.
解析:(1)当 a>0,b>0 时,任意 x1,x2∈R,令 x1<x2,则 f(x1)-f(x2)=a(2 1x -2x2)
+b(3 1x -3 2x ),
∵2 1x <2 2x ,a>0⇒a(2 1x -2 2x )<0,
3 1x <3 2x ,b>0⇒b(3 1x -3 2x )<0,
∴f(x1)-f(x2)<0,函数 f(x)在 R 上是增函数.
当 a<0,b<0 时,同理,函数 f(x)在 R 上是减函数.
(2)f(x+1)-f(x)=a·2x+2b·3x>0,
当 a<0,b>0 时,
3
2 x>- a
2b
,则
x>log1.5
- a
2b ;
当 a>0,b<0 时,
3
2 x<- a
2b
,则
x<log1.5
- a
2b .
12.设函数 f(x)对任意的 x,y,都有 f(x+y)=f(x)+f(y)-1,且当 x>0 时,f(x)>1.
(1)求证:函数 f(x)是 R 上的增函数;
(2)若 f(4)=5,解不等式 f(3t2-t-2)<3.
解析:(1)方法一:设 x1,x2∈R 且 x1<x2,则
Δx=x2-x1>0,
∴f(Δx)>1,
∴f(x2)=f(x1+Δx)=f(x1)+f(Δx)-1>f(x1),
∴f(x)是 R 上的增函数.
方法二:f(0)=f(0)+f(0)-1,∴f(0)=1.
∴f(0)=f(x-x)=f(x)+f(-x)-1=1.
∴f(-x)=2-f(x),
设 x1,x2∈R 且 x1<x2,∴x2-x1>0.
∴f(x2-x1)=f(x2)+f(-x1)-1
=f(x2)+2-f(x1)-1
=f(x2)-f(x1)+1>1.
∴f(x2)-f(x1)>0,∴f(x)是 R 上的增函数,
(2)f(4)=f(2)+f(2)-1=5,∴f(2)=3.
∴f(3t2-t-2)<3=f(2).
又由(1)的结论知函数 f(x)是 R 上的增函数.
∴3t2-t-2<2,∴-1<t<4
3
.
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