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  • 2021-06-21 发布

高考数学专题复习练习:9_4 直线与圆、圆与圆的位置关系

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1.判断直线与圆的位置关系常用的两种方法 (1)几何法:利用圆心到直线的距离 d 和圆半径 r 的大小关系. dr⇔相离. (2)代数法: ――→判别式 Δ=b2-4ac >0⇔相交; =0⇔相切; <0⇔相离. 2.圆与圆的位置关系 设圆 O1:(x-a1)2+(y-b1)2=r21(r1>0), 圆 O2:(x-a2)2+(y-b2)2=r22(r2>0). 方法 位置关系 几何法:圆心距 d 与 r1,r2 的关系 代数法:联立两圆方程组成方程组 的解的情况 外离 d>r1+r2 无解 外切 d=r1+r2 一组实数解 相交 |r1-r2|1,而圆心 O 到直线 ax+by=1 的 距离 d=|a·0+b·0-1| a2+b2 = 1 a2+b2<1. 所以直线与圆相交. (2)直线 2tx-y-2-2t=0 恒过点(1,-2), ∵12+(-2)2-2×1+4×(-2)=-5<0, ∴点(1,-2)在圆 x2+y2-2x+4y=0 内. 直线 2tx-y-2-2t=0 与圆 x2+y2-2x+4y=0 相交, 故选 C. 思维升华 判断直线与圆的位置关系的常见方法 (1)几何法:利用 d 与 r 的关系. (2)代数法:联立方程之后利用Δ判断. (3)点与圆的位置关系法:若直线恒过定点且定点在圆内,可判断直线与圆相交. 上述方法中最常用的是几何法,点与圆的位置关系法适用于动直线问题. 已知方程 x2+ x tan θ - 1 sin θ =0 有两个不等实根 a 和 b,那么过点 A(a,a2),B(b, b2)的直线与圆 x2+y2=1 的位置关系是________. 答案 相切 解析 由题意可知过 A,B 两点的直线方程为(a+b)x-y-ab=0,圆心到直线 AB 的距离 d= |-ab| a+b2+1 ,而 a+b=- 1 tan θ ,ab=- 1 sin θ ,因此 d= | 1 sin θ| - 1 tan θ 2+1 ,化简后得 d=1,故 直线与圆相切. 题型二 圆与圆的位置关系 例 2 (1)(2016·山东)已知圆 M:x2+y2-2ay=0(a>0)截直线 x+y=0 所得线段的长度是 2 2, 则圆 M 与圆 N:(x-1)2+(y-1)2=1 的位置关系是( ) A.内切 B.相交 C.外切 D.相离 (2)(2017·重庆调研)如果圆 C:x2+y2-2ax-2ay+2a2-4=0 与圆 O:x2+y2=4 总相交,那么 实数 a 的取值范围是______________________. 答案 (1)B (2)(-2 2,0)∪(0,2 2) 解析 (1)∵圆 M:x2+(y-a)2=a2(a>0), ∴圆心坐标为 M(0,a),半径 r1 为 a, 圆心 M 到直线 x+y=0 的距离 d=|a| 2 ,由几何知识得 |a| 2 2+( 2)2=a2,解得 a=2. ∴M(0,2),r1=2. 又圆 N 的圆心坐标 N(1,1),半径 r2=1, ∴|MN|= 1-02+1-22= 2,r1+r2=3,r1-r2=1. ∴r1-r2<|MN|<r1+r2,∴两圆相交,故选 B. (2)圆 C 的标准方程为(x-a)2+(y-a)2=4,圆心坐标为(a,a),半径为 2. 依题意得 0< a2+a2<2+2,∴0<|a|<2 2. ∴a∈(-2 2,0)∪(0,2 2). 思维升华 判断圆与圆的位置关系时,一般用几何法,其步骤是 (1)确定两圆的圆心坐标和半径长; (2)利用平面内两点间的距离公式求出圆心距 d,求 r1+r2,|r1-r2|; (3)比较 d,r1+r2,|r1-r2|的大小,写出结论. 已知两圆 x2+y2-2x-6y-1=0 和 x2+y2-10x-12y+m=0. (1)m 取何值时两圆外切; (2)m 取何值时两圆内切; (3)求 m=45 时两圆的公共弦所在直线的方程和公共弦的长. 解 两圆的标准方程分别为(x-1)2+(y-3)2=11,(x-5)2+(y-6)2=61-m, 圆心分别为 M(1,3),N(5,6),半径分别为 11和 61-m. (1)当两圆外切时, 5-12+6-32= 11+ 61-m, 解得 m=25+10 11. (2)当两圆内切时,因为定圆的半径 11小于两圆圆心间距离 5, 故只有 61-m- 11=5,解得 m=25-10 11. (3)两圆的公共弦所在直线方程为 (x2+y2-2x-6y-1)-(x2+y2-10x-12y+45)=0, 即 4x+3y-23=0,所以公共弦长为 2  112-|4×1+3×3-23| 42+32 2 =2 7. 题型三 直线与圆的综合问题 命题点 1 求弦长问题 例 3 (2016·全国丙卷)已知直线 l:mx+y+3m- 3=0 与圆 x2+y2=12 交于 A,B 两点,过 A,B 分别做 l 的垂线与 x 轴交于 C,D 两点,若|AB|=2 3,则|CD|=________. 答案 4 解析 设 AB 的中点为 M, 由题意知,圆的半径 R=2 3,|AB|=2 3,所以|OM|=3,解得 m=- 3 3 ,由 x- 3y+6=0, x2+y2=12 解得 A(-3, 3),B(0,2 3),则 AC 的直线方程为 y- 3=- 3(x+3), BD 的直线方程为 y-2 3=- 3x,令 y=0,解得 C(-2,0),D(2,0),所以|CD|=4. 命题点 2 直线与圆相交求参数范围 例 4 (2015·课标全国Ⅰ)已知过点 A(0,1)且斜率为 k 的直线 l 与圆 C:(x-2)2+(y-3)2=1 交 于 M,N 两点. (1)求 k 的取值范围; (2)若OM→ ·ON→ =12,其中 O 为坐标原点,求|MN|. 解 (1)由题设,可知直线 l 的方程为 y=kx+1, 因为 l 与 C 交于两点,所以|2k-3+1| 1+k2 <1. 解得4- 7 3 0},N={(x,y)|(x-1)2+(y- 3)2=a2,a>0},且 M∩N≠ ∅,求 a 的最大值和最小值. 解 M={(x,y)|y= 2a2-x2,a>0},即{(x,y)|x2+y2=2a2,y≥0}, 表示以原点 O 为圆心,半径等于 2a 的半圆(位于横轴或横轴以上的部分). N={(x,y)|(x-1)2+(y- 3)2=a2,a>0}, 表示以 O′(1, 3)为圆心,半径等于 a 的一个圆. 再由 M∩N≠∅,可得半圆和圆有交点, 故半圆和圆相交或相切. 当半圆和圆相外切时,由|OO′|=2= 2a+a, 求得 a=2 2-2; 当半圆和圆相内切时,由|OO′|=2= 2a-a, 求得 a=2 2+2, 故 a 的取值范围是[2 2-2,2 2+2], a 的最大值为 2 2+2,最小值为 2 2-2. *13.(2016·湖南六校联考)已知直线 l:4x+3y+10=0,半径为 2 的圆 C 与 l 相切,圆心 C 在 x 轴上且在直线 l 的右上方. (1)求圆 C 的方程; (2)过点 M(1,0)的直线与圆 C 交于 A,B 两点(A 在 x 轴上方),问在 x 轴正半轴上是否存在定点 N,使得 x 轴平分∠ANB?若存在,请求出点 N 的坐标;若不存在,请说明理由. 解 (1)设圆心 C(a,0)(a>-5 2), 则|4a+10| 5 =2⇒a=0 或 a=-5(舍). 所以圆 C 的方程为 x2+y2=4. (2)当直线 AB⊥x 轴时,x 轴平分∠ANB. 当直线 AB 的斜率存在时,设直线 AB 的方程为 y=k(x-1),N(t,0),A(x1,y1),B(x2,y2), 由 x2+y2=4, y=kx-1, 得(k2+1)x2-2k2x+k2-4=0, 所以 x1+x2= 2k2 k2+1 ,x1x2=k2-4 k2+1 . 若 x 轴平分∠ANB, 则 kAN=-kBN⇒ y1 x1-t + y2 x2-t =0 ⇒kx1-1 x1-t +kx2-1 x2-t =0 ⇒2x1x2-(t+1)(x1+x2)+2t=0 ⇒2k2-4 k2+1 -2k2t+1 k2+1 +2t=0⇒t=4, 所以当点 N 为(4,0)时,能使得∠ANM=∠BNM 总成立.