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- 2021-06-24 发布
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2007年安徽省高考数学试卷(理科)
一、选择题(共11小题,每小题5分,满分55分)
1. 下列函数中,反函数是其自身的函数为( )
A.f(x)=x3,x∈[0, +∞) B.f(x)=x3,x∈[-∞, +∞)
C.f(x)=cx,x∈(-∞, +∞) D.f(x)=1x,x∈(0, +∞)
2. 设l,m,n均为直线,其中m,n在平面α内,则“l⊥α”是“l⊥m且l⊥n”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
3. 若对任意x∈R,不等式|x|≥ax恒成立,则实数a的取值范围是( )
A.a<-1 B.|a|≤1 C.|a|<1 D.a≥1
4. 若a为实数,2+ai1+2i=-2i,则a等于( )
A.2 B.-2 C.22 D.-22
5. 若A={x|2≤22-x<8, x∈Z},B={x||log2x|>1, x∈R},则A∩(CRB)的元素个数为( )
A.0 B.1 C.2 D.3
6. 函数f(x)=3sin(2x-π3)的图象为G
①图象G关于直线x=1112π对称;
②函数f(x)在区间(-π12,5π12)内是增函数;
③由y=3sin2x的图象向右平移π3个单位长度可以得到图象G.
以上三个论断中,所有正确论断的序号是( )
A.①② B.①③ C.②③ D.②
7. 如果点P在平面区域2x-y+2≥0x-2y+1≤0x+y-2≤0上,点Q在曲线x2+(y+2)2=1上,那么|PQ|的最小值为( )
A.5-1 B.45-1 C.22-1 D.2-1
8. 半径为1的球面上的四点A,B,C,D是正四面体的顶点,则A与B两点间的球面距离为( )
A.arccos(-33) B.arccos(-63) C.arccos(-13) D.arccos(-14)
9. 已知F1,F2分别是双曲线x2a2-y2b2=1(a>b>0)的两个焦点,A和B是以O(O为坐标原点)为圆心,|OF1|为半径的圆与该双曲线左支的两个交点,且△F2AB是等边三角形,则双曲线的离心率为( )
A.3 B.5 C.52 D.3+1
10. 以Φ(x)表示标准正态总体在区间(-∞, x)内取值的概率,若随机变量ξ服从正态分布N(μ, σ2),则概率P(|ξ-μ|<σ)等于( )
A.Φ(μ+σ)-Φ(μ-σ) B.Φ(1)-Φ(-1)
C.Φ(1-μσ) D.2Φ(μ+σ)
11. 定义在R上的函数f(x)既是奇函数,又是周期函数,T是它的一个正周期.若将方程f(x)=0在闭区间[-T, T]上的根的个数记为n,则n可能为( )
A.0 B.1 C.3 D.5
二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)
12. 若(2x3+1x)n的展开式中含有常数项,则最小的正整数n等于________.
13. 在四面体O-ABC中,OA→=a→,OB→=b→,OC→=c→,D为BC的中点,E为AD的中点,则OE→=________(用a,b,c表示)
7 / 7
14. 如图,抛物线y=-x2+1与x轴的正半轴交于点A,将线段OA的n等分点从左至右依次记为P1,P2,…,Pn-1,过这些分点分别作x轴的垂线,与抛物线的交点依次为Q1,Q2,…,Qn-1,从而得到n-1个直角三角形△Q1OP1,△Q2P1P2,…,△Qn-1Pn-2Pn-1.当n→∞时,这些三角形的面积之和的极限为________.
15. 已知一几何体的三视图如下,正视图和侧视图都是矩形,俯视图为正方形,在该几何体上任意选择4个顶点,它们可能是如下各种几何形体的4个顶点,这些几何形体是(写出所有正确结论的编号)________.
①矩形;
②不是矩形的平行四边形;
③有三个面为直角三角形,有一个面为等腰三角形的四面体;
④每个面都是等腰三角形的四面体;
⑤每个面都是直角三角形的四面体.
三、解答题(共6小题,满分79分)
16. 已知0<α<π4,β为f(x)=cos(2x+π8)的最小正周期,a→=(tan(a+14β),-1),b→=(cosα, 2),且a⋅b→=m,求2cos2α+sin2(α+β)cosα-sinα.
17. 如图,在六面体ABCD-A1B1C1D1中,四边形ABCD是边长为2的正方形,四边形A1B1C1D1是边长为1的正方形,DD1⊥平面A1B1C1D1,DD1⊥平面ABCD,DD1=2.
(1)求证:A1C1与AC共面,B1D1与BD共面;
(2)求证:平面A1ACC1⊥平面B1BDD1;
(3)求二面角A-BB1-C的大小(用反三角函数值圾示).
7 / 7
18. 设a≥0,f(x)=x-1-ln2x+2alnx(x>0).
(1)令F(x)=xf'(x),讨论F(x)在(0, +∞)内的单调性并求极值;
(2)求证:当x>1时,恒有x>ln2x-2alnx+1.
19. 如图,曲线G的方程为y2=2x(y≥0).以原点为圆心,以t(t>0)为半径的圆分别与曲线G和y轴的正半轴相交于点A与点B.直线AB与x轴相交于点C.
(1)求点A的横坐标a与点C的横坐标c的关系式;
(2)设曲线G上点D的横坐标为a+2,求证:直线CD的斜率为定值.
7 / 7
20. 在医学生物学试验中,经常以果蝇作为试验对象,一个关有6只果蝇的笼子里,不慎混入了两只苍蝇(此时笼内共有8只蝇子:6只果蝇和2只苍蝇),只好把笼子打开一个小孔,让蝇子一只一只地往外飞,直到两只苍蝇都飞出,再关闭小孔.以ξ表示笼内还剩下的果蝇的只数.
(1)写出ξ的分布列(不要求写出计算过程)和数学期望Eξ;
(2)求概率P(ξ≥Eξ).
21. 公民在就业的第一年就交纳养老储备金a1,以后每年交纳的数目均比上一年增加d(d>0),历年所交纳的储备金数目a1,a2,…是一个公差为d的等差数列.与此同时,国家给予优惠的计息政策,不仅采用固定利率,而且计算复利.如果固定年利率为r(r>0),那么,在第n年末,第一年所交纳的储备金就变为a1(1+r)n-1,第二年所交纳的储备金就变为a2(1+r)n-2,…以Tn表示到第n年末所累计的储备金总额.
求证:Tn=An+Bn,其中{An}是一个等比数列,{Bn}是一个等差数列.
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参考答案与试题解析
2007年安徽省高考数学试卷(理科)
一、选择题(共11小题,每小题5分,满分55分)
1.D
2.A
3.B
4.B
5.C
6.A
7.A
8.C
9.D
10.B
11.D
二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)
12.7
13.12a→+14b→+14c→
14.13
15.①③④⑤
三、解答题(共6小题,满分79分)
16.解:因为β为f(x)=cos(2x+π8)的最小正周期,故β=π.
因a⋅b→=m,又a⋅b→=cosα⋅tan(α+14β)-2.故cosαtan(α+14β)=m+2.
由于0<α<π4,所以
2cos2α+sin2(α+β)cosα-sinα
=2cos2α+sin(2α+2π)cosα-sinα
=2cos2α+sin2αcosα-sinα
=2cosα(cosα+sinα)cosα-sinα
=2cosα1+tanα1-tanα
=2cosαtan(α+π4)=2(2+m)
17.解:(1)证明:∵ D1D⊥平面A1B1C1D1,D1D⊥平面ABCD.
∴ D1D⊥DA,D1D⊥DC,平面A1B1C1D1 // 平面ABCD.
于是C1D1 // CD,D1A1 // DA.
设E,F分别为DA,DC的中点,连接EF,A1E,C1F,
有A1E // D1D,C1F // D1D,DE=1,DF=1.∴ A1E // C1F,
于是A1C1 // EF.由DE=DF=1,得EF // AC,
故A1C1 // AC,A1C1与AC共面.
过点B1作B1O⊥平面ABCD于点O,
则B1O= // A1E,B1O= // C1F,连接OE,OF,
于是OE= // B1A1,OF= // B1C1,∴ OE=OF.
∵ B1A1⊥A1D1,∴ OE⊥AD.∵ B1C1⊥C1D1,∴ OF⊥CD.
所以点O在BD上,故D1B1与DB共面.
7 / 7
(2)证明:∵ D1D⊥平面ABCD,∴ D1D⊥AC,
又BD⊥AC(正方形的对角线互相垂直),
D1D与BD是平面B1BDD1内的两条相交直线,∴ AC⊥平面B1BDD1.
又平面A1ACC1过AC,∴ 平面A1ACC1⊥平面B1BDD1.
(3)解:∵ 直线DB是直线B1B在平面ABCD上的射影,AC⊥DB,
根据三垂线定理,有AC⊥B1B.
过点A在平面ABB1A1内作AM⊥B1B于M,连接MC,MO,
则B1B⊥平面AMC,
于是B1B⊥MC,B1B⊥MO,
所以,∠AMC是二面角A-B1B-C的一个平面角.
根据勾股定理,有A1A=5,C1C=5,B1B=6.
∵ OM⊥B1B,有OM=B1O⋅OBB1B=23,
BM=23,AM=103,CM=103.
cos∠AMC=AM2+CM2-AC22AM⋅CM=-15,
∠AMC=π-arccos15,
二面角A-BB1-C的大小为π-arccos15.
18.解:(1)根据求导法则有f'(x)=1-2lnxx+2ax,x>0,
故F(x)=xf'(x)=x-2lnx+2a,x>0,
于是F'(x)=1-2x=x-2x,x>0,
∴ 知F(x)在(0, 2)内是减函数,在(2, +∞)内是增函数,
所以,在x=2处取得极小值F(2)=2-2ln2+2a.
(2)证明:由a≥0知,F(x)的极小值F(2)=2-2ln2+2a>0.
于是知,对一切x∈(0, +∞),恒有F(x)=xf'(x)>0.
从而当x>0时,恒有f'(x)>0,故f(x)在(0, +∞)内单调增加.
所以当x>1时,f(x)>f(1)=0,即x-1-ln2x+2alnx>0.
故当x>1时,恒有x>ln2x-2alnx+1.
19.解:(1)由题意知,A(a,2a).
因为|OA|=t,所以a2+2a=t2.
由于t>0,故有t=a2+2a. ①
由点B(0, t),C(c, 0)的坐标知,
直线BC的方程为xc+yt=1.
又因点A在直线BC上,故有ac+2at=1,
将①代入上式,得ac+2aa(a+2)=1,
解得c=a+2+2(a+2).
(2)因为D(a+2,2(a+2)),所以直线CD的斜率为kCD=2(a+2)a+2-c=2(a+2)a+2-(a+2+2(a+2))=2(a+2)-2(a+2)=-1.
所以直线CD的斜率为定值.
20.解:(1)由题意知以ξ表示笼内还剩下的果蝇的只数,ξ的可能取值是0,1,2,3,4,5,6
得到ξ的分布列为:
ξ
0
1
2
3
4
5
6
P
728
628
528
428
328
228
128
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∴ 数学期望为Eξ=228(1×6+2×5+3×4)=2.
(2)所求的概率为P(ξ≥Eξ)=P(ξ≥2)=5+4+3+2+128=1528.
21.解:T1=a1,对n≥2反复使用上述关系式,得
Tn=Tn-1(1+r)+an=Tn-2(1+r)2+an-1(1+r)+an=a1(1+r)n-1+a2(1+r)n-2++an-1(1+r)+an,①
在①式两端同乘1+r,得(1+r)Tn=a1(1+r)n+a2(1+r)n-1++an-1(1+r)2+an(1+r)②
②-①,得rTn=a1(1+r)n+d[(1+r)n-1+(1+r)n-2++(1+r)]-an=dr[(1+r)n-1-r]+a1(1+r)n-an.
即Tn=a1r+dr2(1+r)n-drn-a1r+dr2.
如果记An=a1r+dr2(1+r)n,Bn=-a1r+dr2-drn,
则Tn=An+Bn.
其中{An}是以a1r+dr2(1+r)为首项,以1+r(r>0)为公比的等比数列;
{Bn}是以-a1r+dr2-dr为首项,-dr为公差的等差数列.
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