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- 2021-06-24 发布
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- 1 -
浙江省湖州中学
2019 学年第二学期高三年级高考阶段测试二
数学
考生须知:全卷分试卷和答卷,满分为 120 分,考试时间 90 分钟.
一、选择题:本大题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分.在每个小题给出的四个选项中,只有
一项是符合题目要求的.
1. 设集合 2{ |1 4}, { | 2 3 0}, A x x B x x x 则 R A B ð ( )
A. [-1,3] B. [-1,1]
C. (3,4) D. (1,2)
【答案】B
【解析】
【分析】
由题意结合一元二次不等式的求解可得 1 3B x x ,再由集合的补集、交集运算即可
得解.
【详解】由题意 2 2 3 0 3 1 0 1 3B x x x x x x x x ,
1R A x x ð 或 4x ,
所以 1 1 1,1R A B x x ð .
故选:B.
【点睛】本题考查了一元二次不等式的求解及集合的运算,考查了运算求解能力,属于基础
题.
2. 已知 i 是虚数单位,则 2
1
i
i
等于( )
A. 1 i B. 1 i C. 1 i D. 1+i
【答案】B
【解析】
【分析】
直接由复数代数形式的除法运算化简得答案.
【详解】
2 12 2 2 11 1 1 2
i ii i ii i i
,
- 2 -
故选 B.
【点睛】本题考查了复数代数形式的乘除运算,是基础题.
3. 已知某三棱锥的三视图(单位:cm)如图所示,则该三棱锥的体积是
A. 1cm3 B. 2cm3 C. 3cm3 D. 6cm3
【答案】A
【解析】
【详解】
【分析】
观察三视图知该三棱锥的底面为一直角三角
形,右侧面也是一直角三角形.
- 3 -
故体积等于 1 13 1 2 12 3
.
4. 若 0a b , ,则 “ ”a b 是“ 3 3 2 2a b a b ab ”的( )
A. 充分非必要条件 B. 必要非充分条件
C. 充分且必要条件 D. 既非充分也非必要条件
【答案】A
【解析】
试 题 分 析 :
3 3 2 2a b a b ab 3 3 2 2 2 2 2( ) ( ) ( ) ( )a b a b ab a a b b b a a b a b ,显然由
“ ”a b 可以得出“ 3 3 2 2a b a b ab ”,反之由“ 3 3 2 2a b a b ab ”,不一定有
“ ”a b ,所以 “ ”a b 是“ 3 3 2 2a b a b ab ”的充分非必要条件.
考点:本小题主要考查不等式的性质和充分条件、必要条件的判断.
点评:比较大小的常用方法是作差或作商,要灵活运用,要判断充分条件、必要条件,首先
要看清谁是条件谁是结论,分清楚是谁能推出谁.
5. 已知 a>0,x,y 满足约束条件
1
{ 3
( 3)
x
x y
y a x
,若 z=2x+y 的最小值为 1,则 a=
A. B. C. 1 D. 2
【答案】B
【解析】
【详解】画出不等式组表示的平面区域如图所示:
当目标函数 z=2x+y 表示的直线经过点 A 时, z 取得最小值,而点 A 的坐标为(1, 2a ),所
以
- 4 -
2 2 1a ,解得 1
2a ,故选 B.
【考点定位】本小题考查线性规划的基础知识,难度不大,线性规划知识在高考中一般以小
题的形式出现,是高考的重点内容之一,几乎年年必考.
6. 随机变量 X 的分布列如表所示,则 ( )D X ( )
A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
【答案】B
【解析】
【分析】
由题意结合分布列的性质可得 1
2a ,由离散型随机变量的期望公式可得 ( )E X ,再由方差公
式即可得解.
【详解】由题意 1 1 11 4 4 2a ,则 1 1 1( ) 0 2 4 24 2 4E X ,
所以 2 2 21 1 1( ) 0 2 2 2 4 2 24 2 4D X .
故选:B.
【点睛】本题考查了离散型随机变量分布列性质的应用及期望、方差的求解,考查了运算求
解能力,属于基础题.
7. 把函数 2cos 2 4f x x
的图象向左平移 ( 0)m m 个单位,得到函数
2sin 2 3g x x
的图象,则 m 的最小值是 ( )
A. 7
24
B. 17
24
C. 5
24
D. 19
24
【答案】B
【解析】
【分析】
- 5 -
根据三角函数的诱导公式化成同名函数,结合三角函数的图象平移关系进行求解即可.
【详解】解:把函数 2cos 2 4f x x
的图象向左平移 ( 0)m m 个单位,
得到 2cos 2 2cos 2 24 4f x x m x m
,
5 52sin 2 2cos 2 2cos 2 2cos 23 2 3 6 6g x x x x x
,
由 52 24 6m k ,得 7
24m k , k Z
0m ,
当 1k 时,m 最小,此时 7 17
24 24m ,
故选 B.
【点睛】本题主要考查三角函数的图象和性质,根据图象平移关系以及三角函数的诱导公式
进行化简是解决本题的关键.
8. 已知 ( )y f x 为 R 上的可导函数,当 0x 时, ( )'( ) 0f xf x x
,若 1( ) ( )F x f x x
,
则函数 ( )F x 的零点个数为( )
A. 0 B. 1 C. 2 D. 0 或 2
【答案】A
【解析】
令 ( ) ( ) ( ) 1h x xF x xf x , 则 ( ) ( ) ( )h x xf x f x . 故 由 题 设 可 知 当 0x 时 ,
( ) ( ) 0, ( ) 0xf x f x h x ,函数 ( ) ( ) 1h x xf x 在 (0, ) 上单调递增,且 ( ) (0) 1h x h ,
即函数 ( ) ( ) 1h x xf x 在 (0, ) 内无零点,所以函数 1( ) ( )F x f x x
在 (0, ) 内无零点;
当 0x 时, ( ) ( ) 0, ( ) 0xf x f x h x ,函数 ( ) ( ) 1h x xf x 在 ( ,0) 上单调递减,且
( ) (0) 1h x h ,则函数 ( ) ( ) 1h x xf x 在 ( ,0) 内无零点,即函数 1( ) ( )F x f x x
在
( ,0) 内无零点.综合函数 1( ) ( )F x f x x
在 ( ,0) 与 (0, ) 内均无零点,应选答案 A.
点睛:解答本题的关键是依据题设条件构设函数 ( ) ( ) ( ) 1h x xF x xf x ,然后再借助导数
知识判断该函数的单调性,最后再运用分类整合思想推断函数方程中的零点的个数,从而使
- 6 -
得问题获解.
9. 已知向量 ,a
r
b
满足| |=2 , 60a a b , ,且 1 ( )2c a tb t R ,则| |+ -
c c a 的最小值为
( )
A. 9 3
4
B. 4 C. 2 13 D. 13
【答案】D
【解析】
【分析】
由题意知,可设 = 2,0 ,a OA
=tb BO
, 1,0 , 3,0C D ,由向量的坐标运算可得
c BC , =c a BD ,可转为在直线 3y x 上取一点 B,使得 BC BD 最小,利用化曲
为直的思想即可得到答案.
【详解】由题意知,可设 = 2,0 ,a OA
=tb BO
,因为 , 60a b ,则点 B 在直线 3y x
上 , 如 图 , 1,0 , 3,0C D , 则
1 1,02 a OC , 1
2c a tb BO OC BC , 3 =2c a a tb OD BO BD ,
则| |+ -c c a BC BD
的最小值,可转化为在直线 3y x 上取一点 B,使得 BC BD 最
小,作点 C 关于直线 3y x 的对称点C ,则 BC BD 的最小值即为 DC ,设点 ,C x y ,
则
1
1 3
132 2
y
x
y x
,解得 1 3
2 2x y , ,
则
221 33 0 132 2C D
,即最小值为 13 ,
故选:D
【点睛】本题考查了向量的坐标运算及向量的几何意义,考查了化曲为直的转化思想和数形
- 7 -
结合的思想,综合性较强.
10. 如图所示,在底面为正三角形的棱台 1 1 1ABC A B C 中,记锐二面角 1A AB C 的大小
为 ,锐二面角 1B BC A 的大小为 ,锐二面角 1C AC B 的大小为 ,若 ,
则 ( )
A. 1 1 1AA BB CC B. 1 1 1AA CC BB
C. 1 1 1CC BB AA D. 1 1 1CC AA BB
【答案】D
【解析】
【分析】
利用二面角的定义,数形结合能求出结果.
【详解】解:棱台 1 1 1ABC A B C 的侧棱延长交于点 P
过点 P 在平面 ABC 上的射影为 H,
设 H 到 AB,BC,AC 的距离分别为 'HC HA HB , , ,
∵ ,
- 8 -
∴ tan tan tan ,
则 'HA HB HC< <
故 H 所在区域如图所示(点 D 为 ABC 垂心)
比较 1 1 1AA BB CC, , 即比较 PA,PB,PC,
即比较 HA,HB,HC,
由图可知:HC>HA>HB
∴ 1 1 1CC AA BB
故选 D.
【点睛】本题考查三棱台中三条侧棱长的大小的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位
置关系等基础知识,考查运算求解能力,考查数形结合思想,是中档题.
二、填空题:本大题共 7 小题,共 36 分.
11. 已知 5 3sin , ,13 2 2
,则 tan 4
_____, cos2 _____
【答案】 (1). 7
17
(2). 119
169
【解析】
【分析】
由题意结合同角三角函数的关系可得 tan ,再由两角和的正切公式、二倍角的余弦公式即可
得解.
【详解】因为 5 3sin , ,13 2 2
,所以 ,2
,
所以 2 12cos 1 sin 13
,所以 sin 5tan cos 12
,
- 9 -
所以
5tan tan 1 74 12tan 54 171 tan tan 14 12
;
2
2 5 119cos2 1 2sin 1 2 13 169
.
故答案为: 7
17
; 119
169
.
【点睛】本题考查了同角三角函数关系、三角恒等变换的应用,考查了运算求解能力,属于
基础题.
12. 若 522 1x = 2 4 10
0 1 2 5a a x a x a x ,则 3a 的值为________;
0 1 5| | | | + +| | = a a a _____
【答案】 (1). 80 (2). 243
【解析】
【分析】
由题意结合二项式定理可得 522 1x 展开式的通项公式,给 r 赋值即可得 1a 、 3a 、 5a ;结
合 通 项 公 式 可 得 5a 、 3a 、 1a 为 正 数 、 4a 、 2a 、 0a 为 负 数 , 令 1x 可 得
0 1 2 3 4 5a a a a a a ,进而可得 0 2 4a a a ,即可得解.
【详解】由题意二项式 522 1x 展开式的通项公式为
52 5 10 2
1 5 52 1 1 2r r rr r r r
rT C x C x
,
令10 2 6r 即 2r = 可得 5 10 2 2 5 2 6 6
5 51 2 2 80r r r rC x C x x ,
所以 3 80a ;
令10 2 2r 即 4r 可得 5 10 2 4 5 4 2 2
5 51 2 2 10r r r rC x C x x ,所以 1 10a ,
令10 2 10r 即 0r 可得 5 10 2 0 5 0 10 10
5 51 2 2 32r r r rC x C x x ,
所以 5 32a ,
所以 1 3 5 10 80 32 122a a a ,
由通项公式可得当 0r 、 2r = 、 4r 时, 5
51 2r r rC 为正数,即 5a 、 3a 、 1a 为正数;
- 10 -
当 1r 、 3r 、 = 5r 时, 5
51 2r r rC 为负数,即 4a 、 2a 、 0a 为负数;
令 1x 则 5
0 1 2 3 4 52 1 1a a a a a a ,
所以 0 2 4 121a a a ,
所以 0 1 5 1 3 5 0 2 4| | | | + +| | = 122 121 243a a a a a a a a a .
故答案为:80;243.
【点睛】本题考查了二项式定理的应用,考查了运算求解能力与转化化归思想,合理转化条
件、细心计算是解题关键,属于中档题.
13. 已知 , Ra b ,且 3 6 0a b ,则 12 8
a
b 的最小值为_____________.
【答案】 1
4
【解析】
【分析】
由题意首先求得 3a b 的值,然后结合均值不等式的结论整理计算即可求得最终结果,注意
等号成立的条件.
【详解】由 3 6 0a b 可知 3 6a b ,
且: 312 2 28
a a b
b
,因为对于任意 x , 2 0x 恒成立,
结合均值不等式的结论可得: 3 3 6 12 2 2 2 2 2 2 4
a b a b .
当且仅当
32 2
3 6
a b
a b
,即 3
1
a
b
时等号成立.
综上可得 12 8
a
b 的最小值为 1
4
.
【点睛】在应用基本不等式求最值时,要把握不等式成立的三个条件,就是“一正——各项
均为正;二定——积或和为定值;三相等——等号能否取得”,若忽略了某个条件,就会出
现错误.
14. 已知 1 4( ) logf x x , 2 6logf x x , 3 9logf x x ,若 1 2 3( ) ( ) ( )f n f m f m n ,
则 m
n
=____.
【答案】 1 5
2
- 11 -
【解析】
【分析】
设 1 2 3( ) ( ) ( )f n f m f m n t ,用含t 的式子表示出 m 、n 以及 m n ,列出关于t 的等式,
再运用换元法求解 m
n
的值.
【详解】设 4 6 9log log logn m m n t ,则
4
6
9
t
t
t
n
m
m n
,所以 4 6 9t t t ,两边同除以 4t 得,
23 31 2 2
t t
,
即
23 3 1 02 2
t t
,解得 3 1 5
2 2
t
,又 3 02
t
,故 3 1 5
2 2
t
,
所以 3 1 5
2 2
tm
n
.
故答案为:1 5
2
.
【点睛】本题考查对数式的求值问题,其解答的本质是将对数式化为指数式,将问题转化为
指数式方程的运算问题,难度一般.
15. 设 1 2 3 4, , , 1, 0, 2x x x x ,那么满足 1 2 3 42 4x x x x 的所有有序数组
1 2 3 4( , , , )x x x x 的组数为___________.
【答案】 45
【解析】
分类讨论:
① 1 2 3 4| | | | | | | | 2x x x x ,则这四个数为 2,0,0,0 或 1, 1,0,0 ,
有 1 2
4 4 4 6 10C C 组;
② 1 2 3 4| | | | | | | | 3x x x x ,则这四个数为 2, 1,0,0 或 1, 1, 1,0 ,
有 1 1 3
4 3 4 12 4 16C C C 组;
③ 1 2 3 4| | | | | | | | 4x x x x ,则这四个数为 2,2,0,0 或 1, 1,2,0 或 1, 1, 1, 1 ,
- 12 -
有 2 2 1 4
4 4 2 4 6 6 2 1 19C C C C 组;
综上可得,所有有序数组 1 2 3 4, , ,x x x x 的组数为10 16 19 45 .
点睛:(1)解排列组合问题要遵循两个原则:一是按元素(或位置)的性质进行分类;二是按事
情发生的过程进行分步.具体地说,解排列组合问题常以元素(或位置)为主体,即先满足特
殊元素(或位置),再考虑其他元素(或位置).
(2)不同元素的分配问题,往往是先分组再分配.在分组时,通常有三种类型:①不均匀分组;
②均匀分组;③部分均匀分组,注意各种分组类型中,不同分组方法的求法.
16. 过双曲线
2 2
2 2 1( 0, 0)x y a ba b
的右焦点 2F 向其一条渐近线作垂线l ,垂足为 P,l 与另
一条渐近线交于Q 点.若 2 23F Q F P ,则该双曲线的离心率为_______.
【答案】 3
【解析】
【分析】
由 题 意 结 合 双 曲 线 的 性 质 可 设 直 线 l 的 方 程 为 ay x cb
, 联 立 方 程 组 可 得 点
2
,a abP c c
、点
2
2 2 2 2,a c abcQ a b a b
,再由平面向量的知识可得 2 2 3abc ab
a b c
,化简后结
合双曲线的离心率公式即可得解.
【详解】由题意可得该双曲线的渐近线方程为 by xa
,设右焦点 2 ,0F c ,
不妨令直线l 垂直于直线 by xa
,则直线l 的方程为 ay x cb
,
由
by xa
ay x cb
可得点
2
2 2 2 2,a c abcP a b a b
,
因为 2 2 2 a b c ,所以点
2
,a abP c c
,
由
by xa
ay x cb
可得点
2
2 2 2 2,a c abcQ a b a b
,
- 13 -
又 2 23F Q F P ,所以 2 2 3abc ab
a b c
即 2 2 2 2 2 23 3 3 3c a b a c a ,
所以 2 23c a ,
所以该双曲线的离心率
2
2 3c ce a a
.
故答案为: 3 .
【点睛】本题考查了双曲线性质的应用及离心率的求解,考查了运算求解能力与转化化归思
想,属于中档题.
17. 设 n N , na 为 ( 4) ( 1)n nx x 的展开式的各项系数之和, 3 24c t ,t R ,
1 2
2
2
5 5n
a ab
+ 5
n
n
na
… ( x 表示不超过实数 x 的最大整数),则 2 2( ) ( )nn t b c 的
最小值为_____
【答案】 4
25
【解析】
利用赋值法,令 1x 可得: 5 2n n
na ,
2
5 5
n
n
n n
na nn
,
利用数学归纳法证明: *2 5n nn n N ,
当 1n 时,1 2 5 成立,
假设当 n k 时不等式成立,即 2 5k kk ,当 1n k 时:
1
1
1 2 2 1 2 2 2 2
2 5 2 2 5 2 2
2 5 3 5 5 ,
k k k k
k k k k
k k k
k k k
据此可知命题 *2 5n nn n N 成立,
则 2 15
n
n
n , 21 5
n
n
nn n n ,
- 14 -
2 15 5
n
n
n n
na nn n
,故
2
2n
n nb ,
2 2( ) ( )nn t b c 的几何意义为点
2
( , )2
n nn ( )n *N 到点 3( ,2 )4t t 的距离,
如图所示,最小值即 (2,1) 到 32 4y x 的距离,由点到直线距离公式可得 2 2
nn t b c
的最小值为 4
25
.
点睛:“新定义”主要是指即时定义新概念、新公式、新定理、新法则、新运算五种,然后
根据此新定义去解决问题,有时还需要用类比的方法去理解新的定义,这样有助于对新定义
的透彻理解.对于此题中的新概念,对阅读理解能力有一定的要求.但是,透过现象看本质,
它们考查的还是基础数学知识,所以说“新题”不一定是“难题”,掌握好三基,以不变应
万变才是制胜法宝.
三、解答题:本大题共 3 小题,共 44 分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
18. 已知向量 (cos , 1)2
xm , 2( 3sin ,cos )2 2
x xn ,设函数 ( ) 1f x m n .
(1)若 [0, ]2x , ( ) 1f x ,求 x 的值;
(2)在△ ABC 中,角 A , B ,C 的对边分别是 , ,a b c 且满足 2 cos 2 3 ,b A c a 求 ( )f B
的取值范围.
- 15 -
【答案】(1)
3
;(2) 10, 2
.
【解析】
【分析】
(1)由题意结合平面向量的数量积运算、三角恒等变换可得 1( ) sin 6 2f x x
,利用
三角函数的性质即可得解;
(2)由题意结合正弦定理、三角恒等变换可得 3cos 2B ,进而可得 0, 6B
,利用三角
函数的图象与性质即可得解.
【详解】(1)由题意 2 3 1 cos( ) 1 3sin cos cos 1 sin 12 2 2 2 2
x x x xf x m n x
3 1 1 1sin cos sin2 2 2 6 2x x x
,
因为 ( ) 1f x ,所以sin 6
1
2x
,
又 0, 2x
,所以 ,6 6 3x
,
所以
6 6x 即
3x ;
(2)由 2 cos 2 3b A c a 可得 2sin cos 2sin 3sinB A C A ,
因为 C A B ,所以 sin sin sin cos cos sinC A B A B A B ,
所以 2sin cos 2 sin cos cos sin 3sinB A A B A B A 即 3sin 2sin cosA A B ,
由 0,A 可得 sin 0A ,所以 3cos 2B ,所以 0, 6B
,
所以 ,06 6B
, 1sin ,06 2B
,
所以 1 1( ) sin 0,6 2 2f B B
.
- 16 -
【点睛】本题考查了三角恒等变换、三角函数的图象与性质及正弦定理的应用,考查了运算
求解能力,属于中档题.
19. 数列 na 的前 n 项和为 nS ,且满足 1 1a , 1 1 .n na S n N
( Ⅰ ) 求通项公式 na ;
( Ⅱ ) 记
1 2
1 1 1
n
n
T S S S
,求证: 3 1 22 2 nn T .
【答案】 ( Ⅰ 1) 2n
na ; ( Ⅱ ) 见解析
【解析】
【分析】
( Ⅰ ) 直接利用递推关系式求出数列的通项公式.
( Ⅱ ) 利用等比数列的前 n 项和公式和放缩法求出数列的和.
【详解】解: ( Ⅰ 1) 1n na S ① ,
当 2n 时, 1 1n na S ② ,
① ② 得 1 2 2n na a n ,
又 2 1 1 2a S ,
2 12a a ,
数列 na 是首项为 1,公比为 2 的等比数列,
12n
na ;
证明: ( Ⅱ 1) 2n
na ,
2 1n
nS ,
2n 时, 1
1 1 1
2 2n n
nS ,
1
1 2
1 111 1 1 3 14 21 1 2 21 2
n
n n
n
T S S S
,
- 17 -
同理:
1
1 11 12 21 2 21 21 2
n
n nT
,
故: 3 1 22 2 nn T .
【点睛】本题考查的知识要点:数列的通项公式的求法及应用,等比数列的前 n 项和公式和
放缩法在求和中的应用,主要考查学生的运算能力和转化能力,属于基础题型.
20. 已知椭圆 :
2 2
2 2 1( 0)x y a ba b
,其左、右焦点分别为 1 2F F、 ,上顶点为 B ,O 为
坐标原点,过 2F 的直线l 交椭圆 于 P Q、 两点, 1
3sin 3BFO .
(1)若直线 l 垂直于 x 轴,求 1
2
PF
PF
的值;
(2)若 2b ,直线 l 的斜率为 1
2
,则椭圆 上是否存在一点 E ,使得 1F E、 关于直线 l 成
轴对称?如果存在,求出点 E 的坐标;如果不存在,请说明理由;
(3)设直线 1l : 6y 上总存在点 M 满足 2OP OQ OM ,当b 的取值最小时,求直线l
的倾斜角 .
【答案】(1)5;(2)不存在;(3) 5
6
.
【解析】
试题分析:
(1)由题意可得 3
3
b
a
,则 2c b ,结合勾股定理可得 2
3
3PF b , 1
5 3
3PF b ,
则 1
2
5PF
PF
.
(2)由题意可得椭圆 方程为 2 23 6x y ,且 2c , 1 2F F、 的坐标分别为 2,0 2,0 、 ,
由对称性可求得点 E 坐标为 2 16,5 5E
,该点不在椭圆上,则椭圆 上不存在满足题意的
点 E .
- 18 -
(3)由题意可得椭圆 方程为 2 2 23 3 0x y b ,且 2c b , 2F 的坐标为 2 ,0b ,设
直线 l 的 y 轴截距式方程 2x my b m cot ,与椭圆方程联立有
2 2 23 2 2 0m y bmy b ,由题意可知点 M 是线段 PQ 的中点,据此计算可得
33 6b m m
,
当且仅当 3m 时取等号.则直线l 的倾斜角 5
6
.
试题解析:
(1)因为 1
3
3sin BFO ,则 3
3
b
a
,
即 3a b ,设椭圆的半焦距为 c ,则 2c b ,在直角 1 2PF F 中, 2 2 2
2 1 2 1PF F F PF ,
即 222
2 24 2c PF a PF
解得
2
2
3
3
bPF ba
, 1
5 3
3PF b ,所以 1
2
5PF
PF
.
(2)由 3a b , 2b ,得 6a ,因此椭圆 方程为 2 23 6x y ,且 2c ,
1 2F F、 的坐标分别为 2,0 2,0 、 ,直线 l 的方程为 1 12y x ,设点 E 坐标为 1 1,x y ,
则由已知可得:
1 1
1 1
2 2 1 0
21 12 2 2
x y
y x
,解得
1
1
2
5
16
5
x
y
,而
2 22 16 7723 65 5 25
,
即点 E 1 1,x y 不在椭圆 上,
所以,椭圆 上不存在这样的点 E ,使得 1F E、 关于直线l 成轴对称.
(3)由 3a b ,得椭圆 方程为 2 2 23 3 0x y b ,且 2c b , 2F 的坐标为 2 ,0b ,
所以可设直线 l 的方程为 2x my b m cot ,代入 2 2 23 3 0x y b 得:
2 2 23 2 2 0m y bmy b ,
因为点 M 满足 2OP OQ OM ,所以点 M 是线段 PQ 的中点,
- 19 -
设 M 的坐标为 ,x y ,则 y 1 2
2
2
2 3
y y bm
m
,
因为直线 1 : 6l y 上总存在点 M 满足 2OP OQ OM ,
所以
2
2 63
bmy m
,且 0m ,所以 33 3 2 3 6b m m
,
当且仅当 3m m
,即 3m 时取等号.所以当 3m cot 时, 6minb ,此时直线
l 的倾斜角 5
6
.
点睛:解决直线与椭圆的综合问题时,要注意:
(1)注意观察应用题设中的每一个条件,明确确定直线、椭圆的条件;
(2)强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力,重视根与系数之间的关系、弦
长、斜率、三角形的面积等问题.
- 20 -
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