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- 2021-06-24 发布
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第二章
函数、导数及其应用
第十二讲 导数在研究函数中的应用
第一课时 导数与函数的单调性
1
知识梳理
•
双基自测
2
考点突破
•
互动探究
3
名师讲坛
•
素养提升
知识梳理
•
双基自测
知识点 函数的单调性
(1)
设函数
y
=
f
(
x
)
在某个区间内
________
,若
f
′(
x
)______0
,则
f
(
x
)
为增函数,若
f
′(
x
)______0
,则
f
(
x
)
为减函数.
(2)
求可导函数
f
(
x
)
单调区间的步骤:
①确定
f
(
x
)
的
__________
;
②求导数
f
′(
x
)
;
③令
f
′(
x
)______0(
或
f
′(
x
)______0)
,解出相应的
x
的范围;
④当
_______________
时,
f
(
x
)
在相应区间上是增函数,当
_______________
时,
f
(
x
)
在相应区间上是减函数.
可导
>
<
定义域
>
<
f
′(
x
)>0
f
′(
x
)<0
导数与函数单调性的关系
(1)
f
′(
x
)>0(
或
f
′(
x
)<0)
是
f
(
x
)
在
(
a
,
b
)
内单调递增
(
或递减
)
的充分不必要条件.
(2)
f
′(
x
)≥0(
或
f
′(
x
)≤0)(
f
′(
x
)
不恒等于
0)
是
f
(
x
)
在
(
a
,
b
)
内单调递增
(
或递减
)
的充要条件.
ABD
题组二 走进教材
2
.
(
选修
2
-
2P
26
T1
改编
)
函数
f
(
x
)
=
x
3
-
6
x
2
的单调递减区间为
(
)
A
.
(0,4) B
.
(0.2)
C
.
(4
,+∞
) D
.
(
-∞,
0)
[
解析
]
f
′(
x
)
=
3
x
2
-
12
x
=
3
x
(
x
-
4)
,由
f
′(
x
)<0
,得
0<
x
<4
,所以单调递减区间为
(0,4)
.故选
A
.
A
3
.
(
选修
2
-
2P
32
BT1
改编
)
已知函数
f
(
x
)
=
1
+
x
-
sin
x
,则
f
(2)
,
f
(3)
,
f
(π)
的大小关系正确的是
(
)
A
.
f
(2)>
f
(3)>
f
(π) B
.
f
(3)>
f
(2)>
f
(π)
C
.
f
(2)>
f
(π)>
f
(3) D
.
f
(π)>
f
(3)>
f
(2)
[
解析
]
f
′(
x
)
=
1
-
cos
x
,当
x
∈
(0
,
π]
时,
f
′(
x
)>0
,所以
f
(
x
)
在
(0
,
π]
上是增函数,所以
f
(π)>
f
(3)>
f
(2)
.故选
D
.
D
4
.
(
选修
2
-
2P
31
AT3
改编
)
已知函数
y
=
f
(
x
)
在定义域
(
-
3,6)
内可导,其图象如图,其导函数为
y
=
f
′
(
x
)
,则不等式
f
′
(
x
)
≤
0
的解集为
______________.
[
解析
]
f
′(
x
)≤0
,即
y
=
f
(
x
)
递减,故
f
′(
x
)
≤
0
,解集为
[
-
1,2]
∪
[4,6)
.
[
-
1,2]∪[4,6)
题组三 考题再现
5
.
(2017
·
浙江,
4
分
)
函数
y
=
f
(
x
)
的导函数
y
=
f
′(
x
)
的图象如图所示,则函数
y
=
f
(
x
)
的图象可能是
(
)
D
[
解析
]
根据题意,已知导函数的图象有三个零点,且每个零点的两边导函数值的符号相反,因此函数
f
(
x
)
在这些零点处取得极值,排除
A
,
B
;记导函数
f
′(
x
)
的零点从左到右分别为
x
1
,
x
2
,
x
3
,又在
(
-∞,
x
1
)
上
f
′(
x
)<0
,在
(
x
1
,
x
2
)
上
f
′(
x
)>0
,所以函数
f
(
x
)
在
(
-∞,
x
1
)
上单调递减,排除
C
,选
D
.
C
考点突破
•
互动探究
考点 函数的单调性
考向
1
不含参数的函数的单调性
——
自主练透
B
例
1
(2)
已知
e
为自然对数的底数,则函数
y
=
e
x
+
x
2
-
x
的单调递增区间是
(
)
A
.
[0
,+∞
) B
.
(
-∞,
0]
C
.
[1
,+∞
) D
.
(
-∞,
1]
A
AC
用导数
f
′(
x
)
确定函数
f
(
x
)
单调区间的三种类型及方法:
(1)
当不等式
f
′(
x
)>0
或
f
′(
x
)<0
可解时,根据函数的定义域,解不等式
f
′(
x
)>0
或
f
′(
x
)<0
求出单调区间.
(2)
当方程
f
′(
x
)
=
0
可解时,根据函数的定义域,解方程
f
′(
x
)
=
0
,求出实数根,把函数
f
(
x
)
的间断点
(
即
f
(
x
)
的无定义点
)
的横坐标和实根按从大到小的顺序排列起来,把定义域分成若干个小区间,再确定
f
′(
x
)
在各个区间内的符号,从而确定单调区间.
(3)
当不等式
f
′(
x
)>0
或
f
′(
x
)<0
及方程
f
′(
x
)
=
0
均不可解时,对
f
′(
x
)
化简,根据
f
′(
x
)
的结构特征,选择相应的基本初等函数,利用其图象与性质确定
f
′(
x
)
的符号,得单调区间.
例
2
考向
2
含参数的函数的单调性
——
师生共研
(1)
研究含参数的函数的单调性,要依据参数对不等式解集的影响进行分类讨论.遇二次三项式因式常考虑二次项系数、对应方程的判别式以及根的大小关系,以此来确定分界点,分情况讨论.
(2)
划分函数的单调区间时,要在函数定义域内讨论,还要确定导数为
0
的点和函数的间断点.
(3)
个别导数为
0
的点不影响在区间的单调性,如
f
(
x
)
=
x
3
,
f
′(
x
)
=
3
x
2
≥
0(
f
′(
x
)
=
0
在
x
=
0
时取到
)
,
f
(
x
)
在
R
上是增函数.
考向
3
利用导数解决函数的单调性的应用问题
——
多维探究
角度
1
比较大小
例
3
A
D
例
4
角度
2
解不等式
若函数
f
(
x
)
=
kx
-
ln
x
在区间
(1
,+∞
)
上单调递增,则
k
的取值范围是
(
)
A
.
(
-∞,-
2] B
.
(
-∞,-
1]
C
.
[2
,+∞
) D
.
[1
,+∞
)
[
分析
]
利用函数
f
(
x
)
=
kx
-
ln
x
在区间
(1
,+∞
)
上单调递增等价于
f
′(
x
)≥0
在
(1
,+∞
)
恒成立求解.或利用区间
(1
,+∞
)
是
f
(
x
)
的增区间的子集求解.
角度
3
已知函数的单调性求参数取值范围
D
例
5
[
引申
]
本例中
(1)
若
f
(
x
)
的增区间为
(1
,+∞
)
,则
k
=
______
;
(2)
若
f
(
x
)
在
(1
,+∞
)
上递减,则
k
的取值范围是
________________
;
(3)
若
f
(
x
)
在
(1
,+∞
)
上不单调,则
k
的取值范围是
______________
;
(4)
若
f
(
x
)
在
(1
,+∞
)
上存在减区间,则
k
的取值范围是
________________
;
(5)
若
f
(
x
)
在
(1,2)
上单调,则
k
的取值范围是
__________
__
___________.
1
(
-∞,
0]
(0,1)
(
-∞,
1)
已知函数单调性,求参数取值范围的两个方法
(1)
利用集合间的包含关系处理:
y
=
f
(
x
)
在
(
a
,
b
)
上单调,则区间
(
a
,
b
)
是相应单调区间的子集.
(2)
转化为不等式的恒成立问题:利用
“
若函数单调递增,则
f
′(
x
)
≥
0
;若函数
f
(
x
)
单调递减,则
f
′(
x
)
≤
0
”
来求解.
提醒:
f
(
x
)
为增函数的充要条件是对任意的
x
∈(
a
,
b
)
都有
f
′(
x
)≥0
且在
(
a
,
b
)
内的任一非空子区间上
f
′(
x
)
不恒等于
0.
应注意此时式子中的等号不能省略,否则漏解.
A
A
C
名师讲坛
•
素养提升
(1)
若函数
f
(
x
)
的定义域为
R
,且满足
f
(2)
=
2
,
f
′(
x
)>1
,则不等式
f
(
x
)
-
x
>0
的解集为
________________.
(2)
设函数
f
′(
x
)
是奇函数
f
(
x
)(
x
∈
R
)
的导函数,
f
(
-
1)
=
0
,当
x
>0
时,
xf
′(
x
)
-
f
(
x
)<0
,则使得
f
(
x
)>0
成立的
x
的取值范围是
(
)
A
.
(
-∞,-
1)∪(0,1) B
.
(
-
1,0)∪(1
,+∞
)
C
.
(
-∞,-
1)∪(
-
1,0) D
.
(0,1)∪(1
,+∞
)
构造法在导数中的应用
(2
,+∞
)
例
6
A
(1)
若知
xf
′(
x
)
+
f
(
x
)
的符号,则构造函数
g
(
x
)
=
xf
(
x
)
;
一般地,若知
xf
′(
x
)
+
nf
(
x
)
的符号,则构造函数
g
(
x
)
=
x
n
f
(
x
)
.
〔
变式训练
3〕
(1)
(2020
·
云南玉溪一中月考
)
设
f
(
x
)
、
g
(
x
)
分别是定义在
R
上的奇函数和偶函数,当
x
<0
时,
f
′(
x
)
g
(
x
)
+
f
(
x
)
·
g
′(
x
)>0
,且
g
(
-
3)
=
0
,则不等式
f
(
x
)
g
(
x
)<0
的解集是
(
)
A
.
(
-
3,0)∪(3
,+∞
) B
.
(
-
3,0)∪(0,3)
C
.
(
-∞,-
3)∪(3
,+∞
) D
.
(
-∞,-
3)∪(0,3)
D
B
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