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  • 2021-06-30 发布

山西省运城市2020届高三调研测试(第一次模拟考试)数学(理)试题 Word版含解析

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www.ks5u.com 运城市2020年高三调研测试 数学(理)试卷 本试题满分150分,考试时间120分钟.答案一律写在答题卡上.‎ 注意事项:‎ ‎1.答题前,考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上,认真核对条形码上的姓 名、准考证号,并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上.‎ ‎2.答题时使用0.5毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写,字体工整、笔迹清楚.‎ ‎3.请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答,超出答题区域书写的答案无效.‎ ‎4.保持卡面清洁,不折叠,不破损.‎ 第I卷 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题 目要求的.、‎ ‎1.已知集合,则等于( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先化简集合A,再与集合B求交集.‎ ‎【详解】因为,,‎ 所以.‎ 故选:C ‎【点睛】本题主要考查集合的基本运算以及分式不等式的解法,属于基础题.‎ ‎2.复数,若复数在复平面内对应的点关于虚轴对称,则等于( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A - 31 -‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先通过复数在复平面内对应的点关于虚轴对称,得到,再利用复数的除法求解.‎ ‎【详解】因为复数在复平面内对应的点关于虚轴对称,且复数,‎ 所以 所以 故选:A ‎【点睛】本题主要考查复数的基本运算和几何意义,属于基础题.‎ ‎3.已知,则( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用“1”的变换,所求式子化为关于的齐次分式,化弦为切,即可求解.‎ ‎【详解】.‎ 故选:B ‎【点睛】本题考查同角间三角函关系,弦切互化是解题的关键,属于基础题.‎ ‎4.函数的图象大致为( )‎ A. B. ‎ - 31 -‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据函数的奇偶性和单调性,排除错误选项,从而得出正确选项.‎ ‎【详解】因为,所以是偶函数,排除C和D.‎ 当时,,,‎ 令,得,即在上递减;令,得,即在上递增.所以在处取得极小值,排除B.‎ 故选:A ‎【点睛】本小题主要考查函数图像的识别,考查利用导数研究函数的单调区间和极值,属于中档题.‎ ‎5.已知平面向量,满足,且,则与的夹角为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据, 两边平方,化简得,再利用数量积定义得到求解.‎ ‎【详解】因为平面向量,满足,且, ‎ 所以,‎ 所以,‎ - 31 -‎ 所以 ,‎ 所以,‎ 所以与的夹角为.‎ 故选:C ‎【点睛】本题主要考查平面向量的模,向量的夹角和数量积运算,属于基础题.‎ ‎6.公元前世纪,古希腊哲学家芝诺发表了著名的阿基里斯悖论:他提出让乌龟在跑步英雄阿基里斯前面米处开始与阿基里斯赛跑,并且假定阿基里斯的速度是乌龟的倍.当比赛开始后,若阿基里斯跑了米,此时乌龟便领先他米,当阿基里斯跑完下一个米时,乌龟先他米,当阿基里斯跑完下-个米时,乌龟先他米.所以,阿基里斯永远追不上乌龟.按照这样的规律,若阿基里斯和乌龟的距离恰好为米时,乌龟爬行的总距离为( )‎ A. 米 B. 米 C. 米 D. 米 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意,是一个等比数列模型,设,由,解得,再求和.‎ ‎【详解】根据题意,这一个等比数列模型,设,‎ 所以,‎ 解得,‎ - 31 -‎ 所以 .‎ 故选:D ‎【点睛】本题主要考查等比数列的实际应用,还考查了建模解模的能力,属于中档题.‎ ‎7.某人2018年的家庭总收人为元,各种用途占比如图中的折线图,年家庭总收入的各种用途占比统计如图中的条形图,已知年的就医费用比年的就医费用增加了元,则该人年的储畜费用为( )‎ A. 元 B. 元 C. 元 D. 元 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据 2018年的家庭总收人为元,且就医费用占 得到就医费用,再根据年的就医费用比年的就医费用增加了元,得到年的就医费用,然后由年的就医费用占总收人,得到2019年的家庭总收人再根据储畜费用占总收人求解.‎ ‎【详解】因为2018年的家庭总收人为元,且就医费用占 ‎ 所以就医费用 因为年的就医费用比年的就医费用增加了元,‎ 所以年的就医费用元,‎ 而年的就医费用占总收人 所以2019年的家庭总收人为 而储畜费用占总收人 - 31 -‎ 所以储畜费用:‎ 故选:A ‎【点睛】本题主要考查统计中的折线图和条形图的应用,还考查了建模解模的能力,属于基础题.‎ ‎8.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的最长棱的长为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先根据三视图还原几何体是一个四棱锥,根据三视图的数据,计算各棱的长度.‎ ‎【详解】根据三视图可知,几何体是一个四棱锥,如图所示:‎ 由三视图知: , ‎ - 31 -‎ 所以,‎ 所以,‎ 所以该几何体的最长棱的长为 故选:D ‎【点睛】本题主要考查三视图的应用,还考查了空间想象和运算求解的能力,属于中档题.‎ ‎9.已知函数,,且在上是单调函数,则下列说法正确的是( )‎ A. B. ‎ C. 函数在上单调递减 D. 函数的图像关于点对称 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据函数,在上是单调函数,确定 ,然后一一验证,‎ A.若,则,由,得,但.B.由,,确定,再求解验证.C.利用整体法根据正弦函数的单调性判断.D.计算是否为0.‎ ‎【详解】因为函数,在上是单调函数,‎ 所以 ,即,所以 ,‎ - 31 -‎ 若,则,又因为,即,解得, 而,故A错误.‎ 由,不妨令 ,得 由,得 或 当时,,不合题意.‎ 当时,,此时 所以,故B正确.‎ 因为,函数,在上是单调递增,故C错误.‎ ‎,故D错误 故选:B ‎【点睛】本题主要考查三角函数的性质及其应用,还考查了运算求解的能力,属于较难的题.‎ ‎10.已知是椭圆和双曲线的公共焦点,是它们的-一个公共点,且,设椭圆和双曲线的离心率分别为,则的关系为( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ - 31 -‎ ‎【分析】‎ 设椭圆的半长轴长为,双曲线的半长轴长为,根据椭圆和双曲线的定义得: ,解得,然后在中,由余弦定理得:,化简求解.‎ ‎【详解】设椭圆的长半轴长为,双曲线的长半轴长为 ,‎ 由椭圆和双曲线的定义得: ,‎ 解得,设,‎ 在中,由余弦定理得: , ‎ 化简得,‎ 即.‎ 故选:A ‎【点睛】本题主要考查椭圆,双曲线的定义和性质以及余弦定理的应用,还考查了运算求解的能力,属于中档题.‎ ‎11.一个正四棱锥形骨架的底边边长为,高为,有一个球的表面与这个正四棱锥的每个边都相切,则该球的表面积为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据正四棱锥底边边长为,高为 - 31 -‎ ‎,得到底面的中心到各棱的距离都是1,从而底面的中心即为球心.‎ ‎【详解】如图所示:‎ 因为正四棱锥底边边长为,高为,‎ 所以 ,‎ ‎ 到 的距离为,‎ 同理到 的距离为1,‎ 所以为球的球心,‎ 所以球的半径为:1,‎ 所以球的表面积为.‎ 故选:B ‎【点睛】本题主要考查组合体的表面积,还考查了空间想象的能力,属于中档题.‎ ‎12.设函数的导函数,且满足,若在中,,则( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ - 31 -‎ 根据的结构形式,设,求导,则,在上是增函数,再根据在中,,得到,,利用余弦函数的单调性,得到,再利用的单调性求解.‎ ‎【详解】设,‎ 所以 ,‎ 因为当时,,‎ 即,‎ 所以,在上是增函数,‎ 在中,因为,所以,,‎ 因为,且,‎ 所以,‎ 即,‎ 所以,‎ 即 故选:D ‎【点睛】本题主要考查导数与函数的单调性,还考查了运算求解的能力,属于中档题.‎ 第II卷(共90分)‎ 本卷包括必考题和选考题两部分.第13-21题为必考题,每个试题考生都必须作答,第.22-23题为选考题,考生根据要求作答.‎ - 31 -‎ 二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分,将答案填在答题纸上)‎ ‎13.已知的展开式中第项与第项的二项式系数相等,则__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据的展开式中第项与第项的二项式系数相等,得到,再利用组合数公式求解.‎ ‎【详解】因为的展开式中第项与第项的二项式系数相等,‎ 所以,‎ 即 ,‎ 所以,‎ 即 ,‎ 解得.‎ 故答案为:10‎ ‎【点睛】本题主要考查二项式的系数,还考查了运算求解的能力,属于基础题.‎ ‎14.设满足约束条件,则目标函数的最小值为_.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据满足约束条件,画出可行域,将目标函数,转化为,平移直线,找到直线在轴上截距最小时的点,此时,目标函数 取得最小值.‎ - 31 -‎ ‎【详解】由满足约束条件,画出可行域如图所示阴影部分:‎ 将目标函数,转化为,‎ 平移直线,找到直线在轴上截距最小时的点 ‎ 此时,目标函数 取得最小值,最小值为 故答案为:-1‎ ‎【点睛】本题主要考查线性规划求最值,还考查了数形结合的思想方法,属于基础题.‎ ‎15.已知抛物线的焦点为,直线与抛物线相切于点,是上一点(不与重合),若以线段为直径的圆恰好经过,则点到抛物线顶点的距离的最小值是__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据抛物线,不妨设,取 ,通过求导得, ,再根据以线段为直径的圆恰好经过,则 - 31 -‎ ‎ ,得到,两式联立,求得点N的轨迹,再求解最值.‎ ‎【详解】因为抛物线,不妨设,取 ,‎ 所以,即,‎ 所以 ,‎ 因为以线段为直径的圆恰好经过,‎ 所以 ,‎ 所以,‎ 所以,‎ 由 ,解得,‎ 所以点在直线 上,‎ 所以当时, 最小,最小值为.‎ 故答案为:2‎ ‎【点睛】本题主要考查直线与抛物线的位置关系直线的交轨问题,还考查了运算求解的能力,属于中档题.‎ ‎16.已知中,点是边的中点,的面积为,则线段的取值范围是__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设,利用正弦定理,根据,得到 - 31 -‎ ‎①,再利用余弦定理得②,①②平方相加得:,转化为 有解问题求解.‎ ‎【详解】设,‎ 所以, 即①‎ 由余弦定理得,‎ 即 ②,‎ ‎①②平方相加得:,‎ 即 ,‎ 令,设 ,在上有解,‎ 所以 ,‎ 解得,即 ,‎ 故答案为:‎ ‎【点睛】本题主要考查正弦定理和余弦定理在平面几何中的应用,还考查了运算求解的能力,属于难题.‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)‎ ‎17.已知数列的前项和为,且满足,各项均为正数的等比数列满足 ‎(1)求数列的通项公式;‎ - 31 -‎ ‎(2)若,求数列的前项和 ‎【答案】(1);(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由化为,利用数列的通项公式和前n项和的关系,得到是首项为,公差为的等差数列求解.‎ ‎(2)由(1)得到,再利用错位相减法求解.‎ ‎【详解】(1)可以化为,‎ ‎,‎ ‎,‎ ‎,‎ 又时,‎ 数列从开始成等差数列,‎ ‎,代入 得 是首项为,公差为的等差数列,‎ ‎,‎ ‎.‎ ‎(2)由(1)得,‎ - 31 -‎ ‎,‎ ‎,‎ 两式相减得 ‎,‎ ‎,‎ ‎【点睛】本题主要考查数列的通项公式和前n项和的关系和错位相减法求和,还考查了运算求解的能力,属于中档题.‎ ‎18.在创建“全国文明卫生城”过程中,运城市“创城办”为了调查市民对创城工作的了解情况,进行了一次创城知识问卷调查(一位市民只能参加一次),通过随机抽样,得到参加问卷调查的人的得分统计结果如表所示:.‎ 组别 频数 ‎(1)由频数分布表可以大致认为,此次问卷调查得分似为这人得分的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表),利用该正态分布,求;‎ ‎(2)在(1)的条件下,“创城办”为此次参加问卷调查的市民制定如下奖励方案:‎ ‎①得分不低于的可以获赠次随机话费,得分低于的可以获赠次随机话费;‎ ‎②每次获赠的随机话费和对应的概率为:‎ 赠送话费的金额(单位:元)‎ 概率 - 31 -‎ 现有市民甲参加此次问卷调查,记(单位:元)为该市民参加问卷调查获赠的话费,求的分布列与数学期望.‎ 附:参考数据与公式:,若,则,,‎ ‎【答案】(1)(2)详见解析 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意,根据平均数公式求得,再根据,参照数据求解.‎ 由题意得,获赠话费的可能取值为,求得相应的概率,列出分布列求期望.‎ ‎【详解】由题意得 综上,‎ 由题意得,获赠话费的可能取值为 ‎,‎ ‎,‎ 的分布列为:‎ - 31 -‎ ‎【点睛】本题主要考查正态分布和离散型随机变量的分布列及期望,还考查了运算求解的能力,属于中档题.‎ ‎19.已知椭圆的长轴长为,离心率 ‎(1)求椭圆的方程;‎ ‎(2)设分别为椭圆与轴正半轴和轴正半轴的交点,是椭圆上在第一象限的一点,直线与轴交于点,直线与轴交于点,问与面积之差是否为定值?说明理由.‎ ‎【答案】(1)(2)是定值,详见解析 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据长轴长为,离心率,则有求解.‎ ‎(2)设,则,直线,令得,,则,直线,令,得,则,再根据 - 31 -‎ 求解.‎ ‎【详解】(1)依题意得,‎ 解得,‎ 则椭圆的方程.‎ ‎(2)设,则,‎ 直线,‎ 令得,,‎ 则,‎ 直线,‎ 令,得,‎ 则,‎ ‎.‎ ‎【点睛】本题主要考查椭圆的方程及直线与椭圆的位置关系,还考查了平面几何知识和运算求解的能力,属于中档题.‎ ‎20.已知函数 - 31 -‎ ‎(1)当时,证明在恒成立;‎ ‎(2)若在处取得极大值,求的取值范围.‎ ‎【答案】(1)证明见解析(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据,求导,令,用导数法求其最小值.‎ 设研究在处左正右负,求导,分 ,,三种情况讨论求解.‎ ‎【详解】(1)因为,‎ 所以,‎ 令,则,‎ 所以是的增函数,‎ 故,‎ 即.‎ 因为 所以,‎ ‎①当时,,‎ 所以函数在上单调递增.‎ 当时,‎ 当时,‎ 所以函数的单调递增区间是,单调递减区间是,‎ - 31 -‎ 所以在处取得极小值,不符合题意,‎ ‎②当时,‎ 所以函数在上单调递减.‎ 当时,‎ 当时,‎ 所以的单调递减区间是,单调递增区间是,‎ 所以在处取得极大值,符合题意.‎ ‎③当时,,使得,且当时,‎ 有,即所以函数在上单调递减,‎ 当时,则 当时,则 即函数)在上单调递减,在上单调递增,符合题意 综上所述,的取值范围是.‎ ‎【点睛】本题主要考查导数与函数的单调性和极值,还考查了转化化归的思想和运算求解的能力,属于难题.‎ ‎21.如图1,与是处在同-个平面内的两个全等的直角三角形,,,连接是边上一点,过作,交于点,沿将向上翻折,得到如图2所示的六面体 - 31 -‎ ‎(1)求证:‎ ‎(2)设若平面底面,若平面与平面所成角的余弦值为,求的值;‎ ‎(3)若平面底面,求六面体的体积的最大值.‎ ‎【答案】(1)证明见解析(2)(3)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据折叠图形, ,由线面垂直的判定定理可得平面,再根据平面,得到.‎ ‎(2)根据,以为坐标原点,为轴建立空间直角坐标系,根据,可知,,表示相应点的坐标,分别求得平面与平面的法向量,代入求解.‎ 设所求几何体的体积为,设为高,则,表示梯形BEFD - 31 -‎ 和 ABD的面积由,再利用导数求最值.‎ ‎【详解】(1)证明:不妨设与的交点为与的交点为 由题知,,则有 又,则有 由折叠可知所以可证 由平面平面,‎ 则有平面 又因为平面,‎ 所以.‎ ‎(2)解:依题意,有平面平面,‎ 又平面,‎ 则有平面,,又由题意知,‎ 如图所示:‎ 以为坐标原点,为轴建立如图所示的空间直角坐标系 由题意知 由可知,‎ - 31 -‎ 则 则有,‎ ‎,‎ 设平面与平面的法向量分别为 则有 则 所以 因为,解得 设所求几何体的体积为,设,‎ 则,‎ - 31 -‎ 当时,,当时,‎ 在是增函数,在上是减函数 当时,有最大值,‎ 即 六面体的体积的最大值是 ‎【点睛】本题主要考查线线垂直,线面垂直,面面垂直的转化,二面角的向量求法和空间几何体的体积,还考查了转化化归的思想和运算求解的能力,属于难题.‎ 请考生在22、23两题中任选--题作答,如果多做,则按所做的第一-题记分.作答时请写清题号.‎ ‎22.曲线的参数方程为(为参数),以原点为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线的极坐标方程为.‎ ‎(1)求曲线的极坐标方程和曲线的直角坐标方程;‎ ‎(2)若直线与曲线,的交点分别为、(、异于原点),当斜率时,求的最小值.‎ ‎【答案】(1)的极坐标方程为;曲线的直角坐标方程.(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)消去参数,可得曲线的直角坐标方程 - 31 -‎ ‎,再利用极坐标与直角坐标的互化,即可求解.‎ ‎ (2)解法1:设直线的倾斜角为,把直线的参数方程代入曲线的普通坐标方程,求得,再把直线的参数方程代入曲线的普通坐标方程,得,得出,利用基本不等式,即可求解;‎ 解法2:设直线的极坐标方程为,分别代入曲线,的极坐标方程,得, ,得出,即可基本不等式,即可求解.‎ ‎【详解】(1) 由题曲线的参数方程为(为参数),消去参数,‎ 可得曲线的直角坐标方程为,即,‎ 则曲线的极坐标方程为,即,‎ 又因为曲线的极坐标方程为,即,‎ 根据,代入即可求解曲线的直角坐标方程.‎ ‎(2)解法1:设直线的倾斜角为,‎ 则直线的参数方程为(为参数,),‎ 把直线的参数方程代入曲线的普通坐标方程得:,‎ 解得,,,‎ 把直线的参数方程代入曲线的普通坐标方程得:,‎ 解得,,,‎ ‎,‎ - 31 -‎ ‎,即,,,‎ ‎,‎ 当且仅当,即时取等号,‎ 故的最小值为.‎ 解法2:设直线的极坐标方程为),‎ 代入曲线的极坐标方程,得,,‎ 把直线的参数方程代入曲线的极坐标方程得:,‎ ‎,即,,‎ 曲线的参,即,‎ ‎,,,‎ 当且仅当,即时取等号,‎ 故最小值为.‎ ‎【点睛】本题主要考查了参数方程与普通方程,以及极坐标方程与直角坐标方程点互化,以及直线参数方程的应用和极坐标方程的应用,其中解答中熟记互化公式,合理应用直线的参数方程中参数的几何意义是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.‎ ‎23.已知函数 ‎(1)当时,求不等式的解集;‎ ‎(2)的图象与两坐标轴的交点分别为,若三角形 - 31 -‎ 的面积大于,求参数的取值范围.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)当时,不等式可化为:,再利用绝对值的意义,分,,讨论求解.‎ ‎(2)根据可得,得到函数的图象与两坐标轴的交点坐标分别为,再利用三角形面积公式由求解.‎ ‎【详解】(1)当时,‎ 不等式可化为:‎ ‎①当时,不等式化为,‎ 解得:‎ ‎②当时,不等式化为,‎ 解得:,‎ ‎③当时,不等式化为解集为,‎ 综上,不等式的解集为.‎ ‎(2)由题得,‎ 所以函数的图象与两坐标轴的交点坐标分别为,‎ - 31 -‎ 的面积为,‎ 由,‎ 得(舍),或,‎ 所以,参数的取值范围是.‎ ‎【点睛】本题主要考查绝对值不等式的解法和绝对值函数的应用,还考查分类讨论的思想和运算求解的能力,属于中档题.‎ - 31 -‎ - 31 -‎