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- 2021-07-01 发布
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课时作业9 对数与对数函数
一、选择题
1.log29·log34等于( D )
A. B. C.2 D.4
解析:方法1:原式=·==4.
方法2:原式=2log23·=2×2=4.
2.已知函数f(x)=则f(f(1))+f
的值是( A )
A.5 B.3
C.-1 D.
解析:由题意可知f(1)=log21=0,
f(f(1))=f(0)=30+1=2,
所以f(f(1))+f=5.
3.(2020·新乡一模)若log2(log3a)=log3(log4b)=log4(log2c)=1,则a,b,c的大小关系是( D )
A.a>b>c B.b>a>c
C.a>c>b D.b>c>a
解析:由log2(log3a)=1,可得log3a=2,故a=32=9;由log3(log4b)=1,可得log4b=3,故b=43=64;由log4(log2c)=1,可得log2c=4,故c=24=16.∴b>c>a.故选D.
4.(2020·郑州模拟)设a=log50.5,b=log20.3,c=log0.32,则a,b,c的大小关系是( B )
A.blog50.2=-1,b=log20.3log0.3=-1,log0.32=,
5
log50.5===.∵-11.
f(|x|+1)=loga(|x|+1)=
由对数函数图象知选B.
6.(2020·广州调研)已知实数a=2ln2,b=2+2ln2,c=(ln2)2,则a,b,c的大小关系是( B )
A.cb>1.若logab+logba=,ab=ba,则a=4,b=2.
解析:令logab=t,∵a>b>1,∴00,a≠1)在区间内恒有f(x)>0,则f(x)的单调递增区间为(0,+∞).
解析:令M=x2+x,当x∈时,M∈(1,+∞),f(x)>0,所以a>1,所以函数y=logaM为增函数,又M=2-,因此M的单调递增区间为.又x2+x>0,所以x>0或x<-,所以函数f(x)的单调递增区间为(0,+∞).
三、解答题
13.设f(x)=loga(1+x)+loga(3-x)(a>0,且a≠1),且f(1)=2.
(1)求实数a的值及f(x)的定义域;
(2)求f(x)在区间上的最大值.
解:(1)∵f(1)=2,∴loga4=2(a>0,且a≠1),
∴a=2.由得-10时,f(x)=log
5
x.
(1)求函数f(x)的解析式;
(2)解不等式f(x2-1)>-2.
解:(1)当x<0时,-x>0,则f(-x)=log(-x).
因为函数f(x)是偶函数,所以f(-x)=f(x).
所以x<0时,f(x)=log(-x),
所以函数f(x)的解析式为f(x)=
(2)因为f(4)=log4=-2,f(x)是偶函数,
所以不等式f(x2-1)>-2可化为f(|x2-1|)>f(4).
又因为函数f(x)在(0,+∞)上是减函数,
所以0<|x2-1|<4,解得--2,所以x=1或x=-1.
所以-0,函数f(x)在(0,e)上单调递增;当x∈(e,+∞)时,f′(x)<0,函数f(x)在(e,+∞)上单调递减.因为0<2<b>0,且ab>1,则( B )
A.loga3>logb3 B.3a+3b>6
C.3ab+1>3a+b D.ab>ba
解析:本题考查对数函数单调性的应用.当a=9,b=3时,loga3b>0,ab>1,所以3a+3b>2=2>>6,故选B.
17.(2020·兰州诊断)已知函数f(x)=x2+ln(|x|+1),若对于x∈[1,2],f(ax2)
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