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- 2021-07-01 发布
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课时规范练28 数列的概念与表示
基础巩固组
1.下列数列中,既是递增数列又是无穷数列的是( )
A.1,12,13,14,…
B.-1,-2,-3,-4,…
C.-1,-12,-14,-18,…
D.1,2,3,…,n
2.数列1,23,35,47,59,…的一个通项公式an=( )
A.n2n+1 B.n2n-1 C.n2n-3 D.n2n+3
3.已知数列{an}的前n项和为Sn,若Sn=2an-4(n∈N+),则an=( )
A.2n+1 B.2n
C.2n-1 D.2n-2
4.已知数列{an}满足a1+a2+…+an=2a2(n=1,2,3,…),则( )
A.a1<0 B.a1>0
C.a1≠a2 D.a2=0
5.已知数列{an}的前n项和为Sn,a1=2,Sn=n+12an(n∈N+),则S10为( )
A.50 B.55 C.100 D.110
6.已知数列{an}的首项a1=1,其前n项和Sn=n2an(n∈N+),则a9=( )
A.136 B.145 C.155 D.166
7.在数列{an}中,a1=1,Sn=n+23an,则an= .
8.数列{an}的前n项和为Sn.若S2=4,an+1=2Sn+1,n∈N+,则S5= .
9.在数列{an}中,a1=0,an+1=3+an1-3an,则S2 019= .
10.数列{an}的通项公式是an=n2+kn+4.
(1)若k=-5,则数列中有多少项是负数?n为何值时,an有最小值?并求出最小值.
(2)对于n∈N+,都有an+1>an.求实数k的取值范围.
综合提升组
11.在数列{an}中,若a1=2,且对任意正整数m,k,总有am+k=am+ak,则{an}的前n项和为Sn=( )
A.n(3n-1)
B.n(n+3)2
C.n(n+1)
D.n(3n+1)2
12.给定数列1,2+3+4,5+6+7+8+9,10+11+12+13+14+15+16,…,则这个数列的一个通项公式是( )
A.an=2n2+3n-1
B.an=n2+5n-5
C.an=2n3-3n2+3n-1
D.an=2n3-n2+n-2
13.已知数列{an}的前n项和为Sn,若3Sn=2an-3n,则a2 018=( )
A.22 018-1
B.32 018-6
C.122 018-72
D.132 018-103
14.在一个数列中,如果每一项与它的后一项的和为同一个常数,那么这个数列叫做等和数列,这个常数叫做该数列的公和,已知数列{an}是等和数列,且a1=2,公和为5,那么a18= .
15.已知数列{an}的前n项和为Sn,Sn=2an-n,则an= .
创新应用组
16.意大利著名数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时,发现有这样一列数:1,1,2,3,5,8,13,….该数列的特点是:前两个数都是1,从第三个数起,每一个数都等于它前面两个数的和,人们把这样的一列数所组成的数列{an}称为“斐波那契数列”,则(a1a3-a22)(a2a4-a32)(a3a5-a42)…(a2 015a2 017-a2 0162)=( )
A.1 B.-1
C.2 017 D.-2 017
17.(2018衡水中学二调,10)数列{an}满足a1=43,an+1-1=an(an-1)(n∈N+),且Sn=1a1+1a2+…+1an,则Sn的整数部分的所有可能值构成的集合是( )
A.{0,1,2}
B.{0,1,2,3}
C.{1,2}
D.{0,2}
参考答案
课时规范练28 数列的概念与表示
1.C A项中,数列1,12,13,14,…是递减数列,不符合题意;B项中,数列-1,-2,-3,-4,…是递减数列,不符合题意;C项中,数列-1,-12,-14,-18,…是递增数列又是无穷数列,符合题意;D项中,数列1,2,3,…,n是有穷数列,不符合题意,故选C.
2.B 由已知得,数列可写成11,23,35,…,故通项为n2n-1.
3.A 当n≥2时,由Sn=2an-4,得Sn-1=2an-1-4,两式相减得an=2an-2an-1,an=2an-1.因此数列{an}为公比为2的等比数列,又a1=S1=2a1-4,则a1=4,所以an=4×2n-1=2n+1.
4.D 根据条件Sn=a1+a2+a3+…+an=2a2,Sn-1=a1+a2+a3+…+an-1=2a2,故两式做差得an=0,故数列的每一项都为0,故选D.
5.D 依题意Sn=n+12(Sn-Sn-1),化简得SnSn-1=n+1n-1,
故S10=S10S9·S9S8·…·S2S1·S1=119×108×97×…×42×31×2=110.
6.B 由Sn=n2an,得Sn+1=(n+1)2an+1,
所以an+1=(n+1)2an+1-n2an,化简得(n+2)an+1=nan,
即an+1an=nn+2,
所以a9=a9a8·a8a7·…·a2a1·a1=810×79×68×…×24×13×1=290=145.
7.n(n+1)2 由题设知,a1=1.当n≥2时,an=Sn-Sn-1=n+23an-n+13an-1.
∴anan-1=n+1n-1,
∴an-1an-2=nn-2,…,a4a3=53,a3a2=42,a2a1=3.
以上(n-1)个式子的等号两端分别相乘,得ana1=n(n+1)2.
∵a1=1,∴an=n(n+1)2.
8.121 由于a1+a2=4,a2=2a1+1,解得a1=1.由an+1=Sn+1-Sn=2Sn+1,得Sn+1=3Sn+1,
所以Sn+1+12=3Sn+12,
所以Sn+12是以32为首项,3为公比的等比数列,
所以Sn+12=32×3n-1,即Sn=3n-12,所以S5=121.
9.0 ∵a1=0,an+1=3+an1-3an,
∴a2=31=3,
a3=3+31-3×3=23-2=-3,
a4=3-31+3×3=0,
即数列{an}的取值具有周期性,周期为3,且a1+a2+a3=0,则S2 019=S3×673=0.
10.解 (1)由n2-5n+4<0,解得1an知该数列是一个递增数列,
又an=n2+kn+4,可以看作是关于n的二次函数,考虑到n∈N+,
所以-k2<32,即得k>-3.
11.C 递推关系am+k=am+ak中,令k=1,得am+1=am+a1=am+2,即am+1-am=2恒成立,据此可知,该数列是一个首项a1=2,公差d=2的等差数列,其前n项和为Sn=na1+n(n-1)2d=2n+n(n-1)2×2=n(n+1).
12.C 当n=1时,a1=1,代入四个选项,排除A、D;当n=2时,a2=9,代入B、C选项,B、C都正确;当n=3时,a3=35,代入B、C选项,B错误,C正确,所以选C.
13.A 由题意可得3Sn=2an-3n,3Sn+1=2an+1-3(n+1),
两式作差可得3an+1=2an+1-2an-3,
即an+1=-2an-3,则an+1+1=-2(an+1),
结合3S1=2a1-3=3a1可得a1=-3,a1+1=-2,
则数列{an+1}是首项为-2,公比为-2的等比数列,
据此有a2 018+1=(-2)×(-2)2 017=22 018,
∴a2 018=22 018-1.
故选A.
14.3 由题意得an+an+1=5⇒an+2+an+1=5⇒an=an+2,所以a18=a2=5-a1=3.
15.2n-1 当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2an-n-2an-1+(n-1),
即an=2an-1+1,
∴an+1=2(an-1+1).
又a1=S1=2a1-1,∴a1=1.
∴数列{an+1}是以首项为a1+1=2,公比为2的等比数列,
∴an+1=2·2n-1=2n,
∴an=2n-1.
16.B ∵a1a3-a22=1×2-12=1,a2a4-a32=1×3-22=-1,a3a5-a42=2×5-32=1,…,
a2 015a2 017-a2 0162=1.
∴(a1a3-a22)(a2a4-a32)(a3a5-a42)·…·(a2 015a2 017-a2 0162)=11 008×(-1)1 007=-1.
17.A 对an+1-1=an(an-1)两边取倒数,得1an-1-1an+1-1=1an,
Sn=1a1+1a2+…+1an=1a1-1-1a2-1+1a2-1-1a3-1+…+1an-1-1an+1-1=3-1an+1-1,
由an+1-an=(an-1)2≥0,an+1≥an,an为递增数列,
a1=43,a2=139,a3=13381,其中S1=1a1,整数部分为0,S2=3-94=34,整数部分为0,S3=7552,整数部分为1,由于Sn<3,故选A.
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