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- 2021-07-01 发布
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课时规范练29 等差数列及其前n项和
基础巩固组
1.由a1=1,d=3确定的等差数列{an},当an=298时,序号n等于( )
A.99 B.100 C.96 D.101
2.(2018湖南长郡中学仿真,6)已知等差数列{an}满足an+1+an=4n,则a1=( )
A.-1 B.1 C.2 D.3
3.(2018河南商丘二模,3)已知等差数列{an}的公差为d,且a8+a9+a10=24,则a1·d的最大值为( )
A.12 B.14 C.2 D.4
4.在等差数列{an}中,a3+a6=11,a5+a8=39,则公差d为( )
A.-14 B.-7 C.7 D.14
5.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且3a3=a6+4,若S5<10,则a2的取值范围是( )
A.(-∞,2) B.(-∞,0)
C.(1,+∞) D.(0,2)
6.已知Sn是等差数列{an}的前n项和,则2(a1+a3+a5)+3(a8+a10)=36,则S11=( )
A.66 B.55 C.44 D.33
7.(2018湖南衡阳一模,15)已知数列{an}前n项和为Sn,若Sn=2an-2n,则Sn= .
8.设数列{an}{bn}都是等差数列,若a1+b1=7,a3+b3=21,则a5+b5= .
9.若数列{an}的前n项和为Sn,且满足an+2SnSn-1=0(n≥2),a1=12.
(1)求证:1Sn成等差数列;
(2)求数列{an}的通项公式.
10.设数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=2n-1.数列{bn}满足b1=2,bn+1-2bn=8an.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)证明:数列bn2n为等差数列,并求{bn}的通项公式.
综合提升组
11.(2018河北衡水中学考前押题二,10)已知数列a1=1,a2=2,且an+2-an=2-2(-1)n,n∈N+,则S2 017的值为( )
A.2 016×1 010-1 B.1 009×2 017
C.2 017×1 010-1 D.1 009×2 016
12.若数列{an}满足:a1=19,an+1=an-3(n∈N+),则数列{an}的前n项和数值最大时,n的值为( )
A.6 B.7 C.8 D.9
13.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若Sm-1=-4,Sm=0,Sm+2=14(m≥2,且m∈N+),则m的值为 .
14.已知公差大于零的等差数列{an}的前n项和为Sn,且满足a3·a4=117,a2+a5=22.
(1)求通项公式an;
(2)求Sn的最小值;
(3)若数列{bn}是等差数列,且bn=Snn+c,求非零常数c.
创新应用组
15.(2018湖南长郡中学仿真,15)若数列{an}是正项数列,且a1+a2+…+an=n2+3n,则a12+a23+…+ann+1= .
16.等差数列{an}的前n项和为Sn,已知S10=0,S15=25,则nSn的最小值为多少?
参考答案
课时规范练29 等差数列及其前n项和
1.B 根据等差数列通项公式an=a1+(n-1)d,有298=1+(n-1)×3,解得n=100,故选B.
2.B 由题意,当n分别取1,2时,a1+a2=4,a3+a2=8,解得公差d=2,故a1=1.故选B.
3.C ∵a8+a9+a10=24,∴a9=8,即a1+8d=8,∴a1=8-8d,
a1·d=(8-8d)d=-8d-122+2≤2,当d=12时,a1·d的最大值为2,故选C.
4.C ∵a3+a6=11,a5+a8=39,则4d=28,解得d=7.故选C.
5.A 设公差为d,由3a3=a6+4得3(a2+d)=a2+4d+4,即d=2a2-4,
由S5<10得,5(a1+a5)2=5(a2+a4)2=5(2a2+2d)2=5(3a2-4)<10,解得a2<2,故选A.
6.D 由等差数列的性质可得2(a1+a3+a5)+3(a8+a10)=6a3+6a9=36,即a1+a11=6.则S11=11(a1+a11)2=11×3=33.故选D.
7.n·2n ∵Sn=2an-2n=2(Sn-Sn-1)-2n,整理得Sn-2Sn-1=2n,等式两边同时除以2n,
则Sn2n-Sn-12n-1=1.
又S1=2a1-2=a1,可得a1=S1=2,
∴数列Sn2n是以1为首项,
公差为1的等差数列,∴Sn2n=n,∴Sn=n·2n.
8.35 ∵数列{an},{bn}都是等差数列,设数列{an}的公差为d1,数列{bn}的公差为d2,
∴a3+b3=a1+b1+2(d1+d2)=21,而a1+b1=7,可得2(d1+d2)=21-7=14.
∴a5+b5=a3+b3+2(d1+d2)=21+14=35.
9.(1)证明 当n≥2时,由an+2SnSn-1=0,得Sn-Sn-1=-2SnSn-1,
∴1Sn-1Sn-1=2.
又1S1=1a1=2,故1Sn是首项为2,公差为2的等差数列.
(2)解 由(1)可得1Sn=2n,∴Sn=12n.
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=12n-12(n-1)=n-1-n2n(n-1)=-12n(n-1).
当n=1时,a1=12不适合上式.
故an=12,n=1,-12n(n-1),n≥2.
10.(1)解 当n=1时,a1=S1=21-1=1;
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=(2n-1)-(2n-1-1)=2n-1.
∵a1=1适合通项公式an=2n-1,
∴an=2n-1.
(2)证明 ∵bn+1-2bn=8an,∴bn+1-2bn=2n+2,即bn+12n+1-bn2n=2.
又b121=1,
∴bn2n是首项为1,公差为2的等差数列.
∴bn2n=1+2(n-1)=2n-1.
∴bn=(2n-1)×2n.
11.C 由题意,当n为奇数时,an+2-an=4,数列{a2n-1}是首项为1,公差为4的等差数列,当n为偶数时,an+2-an=0,数列{a2n-1}是首项为2,公差为0的等差数列,S2 017=(a1+a3+…+a2 017)+(a2+a4+…+a2 016)=1 009+12×1 009×1 008×4+1 008×2=2 017×1 010-1,故选C.
12.B ∵a1=19,an+1-an=-3,
∴数列{an}是以19为首项,-3为公差的等差数列.
∴an=19+(n-1)×(-3)=22-3n.设数列{an}的前k项和数值最大,则有ak≥0,ak+1≤0,k∈N+.
∴22-3k≥0,22-3(k+1)≤0.
∴193≤k≤223.
∵k∈N+,∴k=7.
∴满足条件的n的值为7.
13.5 ∵Sm-1=-4,Sm=0,Sm+2=14,
∴am=Sm-Sm-1=4,am+1+am+2=Sm+2-Sm=14.
设数列{an}的公差为d,则2am+3d=14,∴d=2.
∵Sm=a1+am2×m=0,∴a1=-am=-4.
∴am=a1+(m-1)d=-4+2(m-1)=4,∴m=5.
14.解 (1)∵数列{an}为等差数列,∴a3+a4=a2+a5=22.
又a3·a4=117,∴a3,a4是方程x2-22x+117=0的两实根.
又公差d>0,∴a3203时,f'(n)>0,当0
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