人教版七年级数学下册期考考查题型（共50题）：不等式与不等式组（解析版） 30页

人教版七年级数学下册期考考查题型（50题）：不等式与不等式组 考查题型 考查题型一 不等式性质的应用（共6小题）‎ 典例1（2018·富阳市期中）若a＜b，则下列结论不一定成立的是（   ）‎ A．a-1＜b-1 B．2a＜2b C． D．‎ ‎【答案】D ‎【详解】A.∵a＜b，∴ a-1＜b-1，正确，故A不符合题意；‎ B.∵a＜b，∴ 2a＜2b，正确，故B不符合题意；‎ C.∵a＜b，∴ ，正确，故C不符合题意；‎ D.当a＜b＜0时，a2>b2，故D选项错误，符合题意，‎ 故选D.‎ 变式1-1（2019·绍兴市期中）已知四个实数a，b，c，d，若a>b，c>d，则（ ）‎ A．a+c>b+d B．a-c>b-d C．ac>bd D．‎ ‎【答案】A ‎【详解】‎ A. ∵a>b，c>d，∴ a+c>b+d，正确； ‎ ‎ 30 / 30‎ B.如a=3,b=1,c=2，d=-5时， a-c=1，b-d =6，此时a-cnx+4n>0就是直线y=-x+m位于直线y=nx+4n的上方且位于x轴的上方的图象，据此求得自变量的取值范围即可．‎ ‎【详解】‎ 当时，对于，则．故的解集为．与的交点的横坐标为，观察图象可知的解集为．的解集为．为整数，．‎ 变式2-1（2019·仙桃市期末）若关于x，y的方程组的解满足，则m的最小整数解为（　　）‎ A．﹣3 B．﹣2 C．﹣1 D．0‎ ‎【答案】B ‎【详解】‎ 解：，‎ ‎①-②得：x-y=3m+2，‎ ‎∵关于x，y的方程组的解满足x-y＞-，‎ ‎∴3m+2＞-，‎ 解得：m＞，‎ ‎∴m的最小整数解为-1， 故选B．‎ 变式2-2（2019·济南市期中）不等式的非负整数解有（ ）个 A．4 B．6 C．5 D．无数 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎3(x－2)≤＋4，‎ 去括号，得3 x-6≤x+4，‎ ‎ 30 / 30‎ 移项、合并同类项，得2x≤10，‎ 系数化为1，得x≤5， ‎ 则满足不等式的非负整数解为：0，1，2，3，4，5，共6个.‎ 故选B.‎ 变式2-3（2018·菏泽市期末）不等式＞﹣1的正整数解的个数是( )‎ A．1个 B．2个 C．3个 D．4个 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎，去分母得3（x+1）>2(2x+2)-6，去括号得3x+3>4x+4-6，移项，合并同类项得-x>-5，系数化为1得x<5，所以满足不等式的正整数的个数有4个，故选D.‎ 变式2-4（2018·宝鸡市期中）使不等式成立的最小整数是（　　）‎ A．1 B．﹣1 C．0 D．2‎ ‎【答案】C ‎【详解】‎ 解：解不等式，两边同时乘以6得：﹣12x﹣4≤9x+3，‎ 移项得：﹣12x﹣9x≤4+3，‎ 即﹣21x≤7，‎ ‎∴x≥﹣，‎ 则最小的整数是0．‎ 故选：C．‎ 变式2-5（2019·唐山市期末）若是关于的方程的解，则关于的不等式的最大整数解为（ ）‎ A．1 B．2 C．3 D．4‎ ‎【答案】C ‎【详解】‎ ‎∵是关于的方程的解，‎ ‎∴-3=m+1，‎ ‎ 30 / 30‎ 解得m=-4；‎ ‎∴，‎ 解这个不等式可得，x≤3.‎ ‎∴关于的不等式的最大整数解为3.‎ 故选C.‎ 考查题型三 确定不等式中字母的取值范围的方法（共6小题）‎ 典例3（2018·聊城市期中）若关于x的不等式3x-2m≥0的负整数解为-1，-2，则m的取值范围是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 解，得x≥，根据题意得，-3<≤-2，解得，故选D.‎ 变式3-1（2019·宜宾市期末）关于的不等式的正整数解是1、2、3，那么的取值范围是（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】A ‎【详解】‎ 解不等式，可得x＜2m，‎ ‎∵不等式的正整数解是1、2、3，‎ ‎∴3＜2m≤4，‎ 解得，.‎ 故选A.‎ 变式3-2（2019·铜陵市期末）如果不等式 3x﹣m≤0 的正整数解为 1，2，3，则 m 的取值范围为（ ）‎ A．m≤9 B．m＜12 C．m≥9 D．9≤m＜12‎ ‎【答案】D ‎【详解】‎ 解不等式3x-m≤0，得：x≤，‎ ‎∵不等式的正整数解为1，2，3，‎ ‎ 30 / 30‎ ‎∴3≤＜4，‎ 解得：9≤m＜12，‎ 故选D．‎ 变式3-3（2018·庐江县期末）如果关于x的不等式2≤3x+b＜8的整数解之和为7，那么b的取值范围是（　　）‎ A．﹣7≤b≤﹣4 B．﹣7＜b＜﹣4 C．﹣7＜b≤﹣4 D．﹣7≤b＜﹣4‎ ‎【答案】D ‎【详解】‎ 解：2≤3x+b＜8，‎ 即 ‎ ‎∵解不等式①得：x≥，‎ 解不等式②得：x＜，‎ ‎∴不等式组的解集为≤x＜，‎ ‎∵关于x的不等式2≤3x+b＜8的整数解之和为7，‎ ‎∴4＜≤5且2＜≤3，‎ 解得：﹣4＞b≥﹣7，‎ 故选：D．‎ 变式3-4（2018·莱芜区期末）若关于x的不等式2x-m≥0的负整数解为-1，-2，-3，则m的取值范围是（ ）‎ A．-8＜m≤-6 B．-6≤m＜-4 C．-6＜m≤-4 D．-8≤m＜-6‎ ‎【答案】A ‎【详解】‎ 解不等式得：‎ 由题意得：‎ 解得：‎ 故选：A．‎ ‎ 30 / 30‎ 变式3-5（2019·咸阳市期中）不等式-4x-k≤0的负整数解是-1，-2，那么k的取值范围是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】A ‎【详解】‎ 解：∵-4x-k≤0，‎ ‎∴x≥-，‎ ‎∵不等式的负整数解是-1，-2，‎ ‎∴-3＜-≤-2，‎ 解得：8≤k＜12，‎ 故选：A．‎ 考查题型四 确定一元一次不等式中待定字母的值的方法（共5小题）‎ 典例4（2018·温州市期末）已知关于x、y的二元一次方程组的解满足x+y＜4，则满足条件的k的最大整数为（　　）‎ A．3 B．2 C．1 D．0‎ ‎【答案】C ‎【详解】‎ 解：，‎ ‎①+②，得：3x+3y＝6k，‎ 则x+y＝2k，‎ ‎∵x+y＜4，‎ ‎∴2k＜4，‎ 解得：k＜2，‎ 则满足条件的k的最大整数为1，‎ 故选：C．‎ 变式4-1（2019·常熟市期末）已知关于x的方程3x+m=x+3的解为非负数，且m为正整数，则m的取值为（ ）‎ ‎ 30 / 30‎ A．1 B．1、2 C．1、2、3 D．0、1、2、3‎ ‎【答案】C ‎【详解】‎ ‎∵3x+m=x+3，‎ 移项，得3x-x=3-m，‎ 合并同类项，得2x=3-m，‎ ‎∴x=，‎ ‎∵关于x的方程3x+m=x+3的解是非负数，‎ ‎∴≥0，解得m≤3，‎ ‎∵m是正整数，‎ ‎∴m=1、2、3，‎ 故选C.‎ 变式4-2（2019·临汾市期中）关于x的一元一次不等式≤﹣2的解集为x≥4，则m的值为（ ）‎ A．14 B．7 C．﹣2 D．2‎ ‎【答案】D ‎【详解】‎ ‎≤﹣2，‎ m﹣2x≤﹣6，‎ ‎﹣2x≤﹣m﹣6，‎ x≥m+3，‎ ‎∵关于x的一元一次不等式≤﹣2的解集为x≥4，‎ ‎∴m+3=4，解得m=2．‎ 故选D．‎ 变式4-3（2019·六安市期末）关于的不等式的解集如图所示，则的取值是　　‎ A．0 B． C． D．‎ ‎ 30 / 30‎ ‎【答案】D ‎【详解】‎ 解：不等式，‎ 解得x<，‎ 由数轴可知，‎ 所以，‎ 解得；‎ 故选：．‎ 变式4-4（2019·重庆市期中）关于的不等式的解集如图所示，则的值是（　　）‎ A．0 B．2 C． D．‎ ‎【答案】A ‎【详解】‎ 解：解不等式，得 ，∵由数轴得到解集为x≤-1，‎ ‎∴ ，解得：a=0.‎ 故选：A.‎ 考查题型五 一元一次不等式组的解集的确定方法（共6小题）‎ 典例5（2019·长沙市期末）已知关于x的不等式＞1的解都是不等式＞0的解，则a的范围是(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】C ‎【详解】‎ 由得, ‎ 由 得, ‎ ‎∵关于x的不等式的解都是不等式的解，‎ ‎∴ ‎ ‎ 30 / 30‎ 解得 ‎ 即a的取值范围是：‎ 故选:C.‎ 变式5-1（2019·驻马店市期中）一元一次不等式2(x＋1)≥4的解集在数轴上表示为( 　)‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】A ‎【详解】‎ 解：2(x＋1)≥4‎ ‎2x+2≥4‎ ‎2x≥2‎ X≥1‎ ‎∴不等式的解集在数轴上表示为：‎ 故选：A 变式5-2（2018·绵阳市期末）在方程组中，若未知数x，y满足x+y＞0，则m的取值范围在数轴上的表示应是如图所示的（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】B ‎【详解】‎ 解： ，‎ ‎①+②得，3（x+y）=3-m，‎ 解得x+y=1-， ∵x+y＞0， ∴1-＞0，‎ 解得m＜3， ‎ ‎ 30 / 30‎ 在数轴上表示为：． 故选B．‎ 变式5-3（2019·连云港市期末）设a，b是常数，不等式的解集为，则关于x的不等式的解集是（ ）‎ A． B． C． D．‎ ‎【答案】C ‎【详解】‎ 解不等式,‎ 移项得: ‎ ‎∵解集为x< ‎ ‎∴ ，且a<0‎ ‎∴b=-5a>0， ‎ 解不等式,‎ 移项得:bx＞a 两边同时除以b得:x＞,‎ 即x＞- ‎ 故选C 变式5-4（2019·太原市期中）解不等式，下列去分母正确的是 A．2x+1-3x-1≥x-1 B．2（x+1）-3（x-1）≥x-1‎ C．2x+1-3x-1≥6x-1 D．2（x+1）-3（x-1）≥6（x-1）‎ ‎【答案】D ‎【详解】‎ ‎ 30 / 30‎ 不等式两边同时乘以6，得： ‎ 故选D 变式5-5（2019·东营市期末）不等式组的解集在数轴上表示正确的是（ ）‎ A． B．‎ C． D．‎ ‎【答案】D ‎【详解】‎ 由（x+1）≤2，解得x≤3；由x﹣3＜3x+1，解得x＞﹣2；‎ 不等式组的解集是-20时，即0＜a<4时，y随着x的增大而增大，∴当x=0时，运费最少，A城200吨肥料都运往D乡，B城240吨运往C乡，60吨运往D乡；‎ 当4-a=0时，即a=4时，y=10040，在0≤x≤200范围内的哪种调运方案费用都一样；‎ 当4﹣a＜0时，即4＜a＜6时，y随着x的增大而减小，∴当x=240时，运费最少，此时A城200吨肥料都运往C乡，B城40吨运往C乡，260吨运往D乡.‎ 考查题型十 利用不等式计算获利问题（共3小题）‎ ‎ 30 / 30‎ 典例10（2019·重庆市期中）某电脑经销商计划购进一批电脑机箱和液晶显示器，若购电脑机箱10台和液液晶显示器8台，共需要资金7000元；若购进电脑机箱2台和液示器5台，共需要资金4120元．‎ ‎（1）每台电脑机箱、液晶显示器的进价各是多少元？‎ ‎（2）该经销商购进这两种商品共50台，而可用于购买这两种商品的资金不超过22240元．根据市场行情，销售电脑机箱、液晶显示器一台分别可获利10元和160元．该经销商希望销售完这两种商品，所获利润不少于4100元．试问：该经销商有哪几种进货方案？哪种方案获利最大？最大利润是多少？‎ ‎【答案】（1）每台电脑机箱、液晶显示器的进价各是60元，800元；‎ ‎（2）利润最大为4400元．‎ ‎【分析】‎ ‎（1）设每台电脑机箱的进价是x元，液晶显示器的进价是y元，根据“若购进电脑机箱10台和液晶显示器8台，共需要资金7000元；若购进电脑机箱2台和液晶显示器5台，共需要资金4120元”即可列方程组求解；‎ ‎（2）设购进电脑机箱z台，根据“可用于购买这两种商品的资金不超过22240元，所获利润不少于4100元”即可列不等式组求解.‎ ‎【详解】‎ 解：（1）设每台电脑机箱、液晶显示器的进价各是x，y元，‎ 根据题意得：，‎ 解得：，‎ 答：每台电脑机箱、液晶显示器的进价各是60元，800元；‎ ‎（2）设该经销商购进电脑机箱m台，购进液晶显示器（50-m）台，‎ 根据题意得：，‎ 解得：24≤m≤26，‎ 因为m要为整数，所以m可以取24、25、26，‎ 从而得出有三种进货方式：①电脑箱：24台，液晶显示器：26台，‎ ‎②电脑箱：25台，液晶显示器：25台；‎ ‎③电脑箱：26台，液晶显示器：24台．‎ ‎ 30 / 30‎ ‎∴方案一的利润：24×10+26×160=4400，‎ 方案二的利润：25×10+25×160=4250，‎ 方案三的利润：26×10+24×160=4100，‎ ‎∴方案一的利润最大为4400元．‎ 答：该经销商有3种进货方案：①进24台电脑机箱，26台液晶显示器；②进25台电脑机箱，25台液晶显示器；③进26台电脑机箱，24台液晶显示器．第①种方案利润最大为4400元．‎ 变式10-1（2019·苏州市期末）某商场有A、B两种商品，每件的进价分别为15元、35元.商场销售5件A商品和2件B商品，可获得利润45元;销售8件A商品和4件B商品，可获得利润80元.‎ ‎(1)求A、B两种商品的销售单价;‎ ‎(2)如果该商场计划购进A、B两种商品共80件，用于进货资金最多投入2 000元，但又要确保获利至少590元，请问有那几种进货方案?‎ ‎【答案】（1）A、B两种商品的销售单价分别为20，45.‎ ‎（2）第一种方案：A种商品进40件，B种商品进40件 第二种方案：A种商品进41件，B种商品进39件 第三种方案：A种商品进42件，B种商品进38件 ‎【分析】‎ ‎（1）设A、B两种商品的销售单价分别为x,y;再根据题意列二元一次方程组即可.‎ ‎（2）设A种商品进了m件，则可得B种商品进了80-m件.根据题意列出不等式组，求解即可.‎ ‎【详解】‎ ‎（1）设A、B两种商品的销售单价分别为x,y;‎ 根据题意可得：‎ ‎ 解得 ‎ 所以A、B两种商品的销售单价分别为20，45.‎ ‎（2）A种商品进了m件，则可得B种商品进了80-m件.‎ 根据题意可得：‎ ‎ 解得： ‎ 所以可得 ‎ ‎ 30 / 30‎ 因此可得当m=40时，A种商品进40件，B种商品进40件 当m=41时，A种商品进41件，B种商品进39件 当m=42时，A种商品进42件，B种商品进38件 变式10-2（2019·滕州市期中）大熊山某农家乐为了抓住“五一”小长假的商机，决定购进A、B两种纪念品．若购进A种纪念品4件，B种纪念品3件，需要550元；若购进A种纪念品8件，B种纪念品5件，需要1050元．‎ ‎（1）求购进A、B两种纪念品每件各需多少元．‎ ‎（2）若该农家乐决定购进这两种纪念品共100件，考虑市场需求和资金周转，用于购买这100件纪念品的资金不少于7500元，但不超过7650元，那么该农家乐共有几种进货方案．‎ ‎（3）若销售每件A种纪念品可获利润30元，每件B种纪念品可获利润20元，在第（2）问的各种进货方案中，哪一种方案获利最大？最大利润是多少元．‎ ‎【答案】（1）各需100、50元;（2）四种；（3）购进种纪念品53件，B种纪念品47件时，获得最大利润是2530元．‎ ‎【分析】‎ ‎（1）关系式为：A种纪念品4件需要钱数+B种纪念品3件钱数=550；A种纪念品8件需要钱数+B种纪念品5件需要钱数=1050； （2）关系式为：用于购买这100件纪念品的资金不少于7500元，但不超过7650元，得出不等式组求出即可； （3）因为A种纪念品利润较高，故A种数量越多总利润越高，因此选择购A种53件，B种47件．‎ ‎【详解】‎ 解：（1）设购进A种纪念品每件需元，购进B种纪念品每件需元，则根据题意，可列方程组为，解得，则购进A、B两种纪念品每件各需100、50元．‎ ‎（2）设购进A种纪念品件，购进B种纪念品件，根据题意，可列不等式为，解得，因为是正整数，所以故有四种方案．①购进A种纪念品50件，B种纪念品50件;‎ ‎②购进A种纪念品51件，B种纪念品49件;‎ ‎③购进A种纪念品52件，B种纪念品48件;‎ ‎④购进A种纪念品53件，B种纪念品47件.‎ ‎ 30 / 30‎ ‎（3）设利润为，则，则随的增大而增大，所以时，最大是2530，故购进种纪念品53件，B种纪念品47件时，获得最大利润是2530元．‎ 考查题型十一 运用一元一次不等式组进行方案设计（共3小题）‎ 典例11（2018·株洲市期末）某汽车租赁公司要购买轿车和面包车共10辆，其中轿车至少要购买3辆，轿车每辆7万元，面包车每辆4万元，公司可投入的购车款不超过55万元．‎ ‎(1)符合公司要求的购买方案有几种？请说明理由；‎ ‎(2)如果每辆轿车的日租金为200元，每辆面包车的日租金为110元，假设新购买的这10辆车每日都可租出，要使这10辆车的日租金不低于1500元，那么应选择以上哪种购买方案？‎ ‎【答案】(1) 有三种购买方案,理由见解析；（2）为保证日租金不低于1500元，应选择方案三，即购买5辆轿车，5辆面包车 ‎【详解】‎ ‎(1)设购买轿车x辆，那么购买面包车(10－x)辆．‎ 由题意，得7x＋4(10－x)≤55，‎ 解得x≤5.‎ 又因为x≥3，所以x的值为3，4，5，‎ 所以有三种购买方案：‎ 方案一：购买3辆轿车，7辆面包车；‎ 方案二：购买4辆轿车，6辆面包车；‎ 方案三：购买5辆轿车，5辆面包车．‎ ‎(2)方案一的日租金为3×200＋7×110＝1370(元)<1500元；‎ 方案二的日租金为4×200＋6×110＝1460(元)<1500元；‎ 方案三的日租金为5×200＋5×110＝1550(元)>1500元．‎ 所以为保证日租金不低于1500元，应选择方案三，即购买5辆轿车，5辆面包车．‎ 变式11-1（2019·佛山市期中）快递公司为提高快递分拣的速度，决定购买机器人来代替人工分拣．已知购买甲型机器人1台，乙型机器人2台，共需14万元；购买甲型机器人2台，乙型机器人3台，共需24万元．‎ ‎（1）求甲、乙两种型号的机器人每台的价格各是多少万元；‎ ‎（2）已知甲型和乙型机器人每台每小时分拣快递分别是1200件和1000件，该公司计划购买这两种型号的机器人共8台，总费用不超过41万元，并且使这8台机器人每小时分拣快递件数总和不少于8300‎ ‎ 30 / 30‎ 件，则该公司有哪几种购买方案？哪个方案费用最低，最低费用是多少万元？‎ ‎【答案】（1）甲、乙两种型号的机器人每台价格分别是6万元、4万元（2）该公司购买甲型机器人2台，乙型机器人6台这个方案费用最低，最低费用是36万元．‎ ‎【详解】‎ 解：（1）设甲型机器人每台价格是x万元，乙型机器人每台价格是y万元，根据题意得 ‎ ‎ 解这个方程组得：‎ ‎ ‎ 答：甲、乙两种型号的机器人每台价格分别是6万元、4万元；‎ ‎（2）设该公可购买甲型机器人a台，乙型机器人（8-a）台，根据题意得 ‎ ‎ 解这个不等式组得 ‎≤a≤‎ ‎∵a为正整数 ‎∴a的取值为2，3，4，‎ ‎∴该公司有3种购买方案，分别是 购买甲型机器人2台，乙型机器人6台 购买甲型机器人3台，乙型机器人5台 购买甲型机器人4台，乙型机器人4台 设该公司的购买费用为w万元，则w=6a+4（8-a）=2a+32‎ ‎∵k=2＞0‎ ‎∴w随a的增大而增大 当a=2时，w最小，w最小=2×2+32=36（万元）‎ ‎∴该公司购买甲型机器人2台，乙型机器人6台这个方案费用最低，最低费用是36万元．‎ 变式11-2（2019·石家庄市期末）‎ ‎ 30 / 30‎ 为拓宽学生视野，引导学生主动适应社会，促进书本知识和生活经验的深度融合，我市某中学决定组织部分班级去赤壁开展研学旅行活动，在参加此次活动的师生中，若每位老师带17个学生，还剩12个学生没人带；若每位老师带18个学生，就有一位老师少带4个学生．现有甲、乙两种大客车，它们的载客量和租金如表所示．‎ 甲种客车 乙种客车 载客量/（人/辆）‎ ‎30‎ ‎42‎ 租金/（元/辆）‎ ‎300‎ ‎400‎ 学校计划此次研学旅行活动的租车总费用不超过3100元，为了安全，每辆客车上至少要有2名老师．‎ ‎（1）参加此次研学旅行活动的老师和学生各有多少人？‎ ‎（2）既要保证所有师生都有车坐，又要保证每辆客车上至少要有2名老师，可知租用客车总数为　 　辆；‎ ‎（3）你能得出哪几种不同的租车方案？其中哪种租车方案最省钱？请说明理由．‎ ‎【答案】（1）老师有16名，学生有284名；（2）8；（3）共有3种租车方案，最节省费用的租车方案是：租用甲种客车3辆，乙种客车5辆．‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）设老师有x名，学生有y名，根据等量关系：若每位老师带17个学生，还剩12个学生没人带；若每位老师带18个学生，就有一位老师少带4个学生，列出二元一次方程组，解出即可；‎ ‎（2）由（1）中得出的教师人数可以确定出最多需要几辆汽车，再根据总人数以及汽车最多的是42座的可以确定出汽车总数不能小于=（取整为8）辆，由此即可求出；‎ ‎（3）设租用x辆乙种客车，则甲种客车数为：（8﹣x）辆，由题意得出400x+300（8﹣x）≤3100，得出x取值范围，分析得出即可．‎ ‎【详解】‎ ‎（1）设老师有x名，学生有y名，‎ 依题意，列方程组为，‎ 解得：，‎ 答：老师有16名，学生有284名；‎ ‎ 30 / 30‎ ‎（2）∵每辆客车上至少要有2名老师，‎ ‎∴汽车总数不能大于8辆；‎ 又要保证300名师生有车坐，汽车总数不能小于=（取整为8）辆，‎ 综合起来可知汽车总数为8辆，‎ 故答案为8；‎ ‎（3）设租用x辆乙种客车，则甲种客车数为：（8﹣x）辆，‎ ‎∵车总费用不超过3100元，‎ ‎∴400x+300（8﹣x）≤3100，‎ 解得：x≤7，‎ 为使300名师生都有座，‎ ‎∴42x+30（8﹣x）≥300，‎ 解得：x≥5，‎ ‎∴5≤x≤7（x为整数），‎ ‎∴共有3种租车方案：‎ 方案一：租用甲种客车3辆，乙种客车5辆，租车费用为3002900元；‎ 方案二：租用甲种客车2辆，乙种客车6辆，租车费用为3003000元；‎ 方案三：租用甲种客车1辆，乙种客车7辆，租车费用为3003100元；‎ 故最节省费用的租车方案是：租用甲种客车3辆，乙种客车5辆．‎ ‎ 30 / 30‎