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  • 2021-11-10 发布

2020年浙江省湖州市中考数学试卷【含答案及详细解释】

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1 / 17 2020 年浙江省湖州市中考数学试卷 一、选择题(本题有 10 小题,每小题 3 分,共 30 分)下面每小题给出的四个选项中, 只有一个是正确的.请选出各题中一个最符合题意的选项,并在答题卷上将相应题次 中对应字母的方框涂黑,不选、多选、错选均不给分. 1. 4的算术平方根是( ) A.2 B.−2 C.±2 D.√2 2. 近几年来,我国经济规模不断扩大,综合国力显著增强.2019年我国国内生产总 值约991000亿元,则数991000用科学记数法可表示为( ) A.991 × 103 B.99.1 × 104 C.9.91 × 105 D.9.91 × 106 3. 已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体可能是( ) A. B. C. D. 4. 如图,已知四边形퐴퐵퐶퐷内接于⊙ 푂,∠퐴퐵퐶=70∘,则∠퐴퐷퐶的度数是( ) A.70∘ B.110∘ C.130∘ D.140∘ 5. 数据−1,0,3,4,4的平均数是( ) A.4 B.3 C.2.5 D.2 6. 已知关于푥的一元二次方程푥2 + 푏푥 − 1=0,则下列关于该方程根的判断,正确的 是( ) A.有两个不相等的实数根 B.有两个相等的实数根 C.没有实数根 D.实数根的个数与实数푏的取值有关 7. 四边形具有不稳定性,对于四条边长确定的四边形.当内角度数发生变化时,其 形状也会随之改变.如图,改变正方形퐴퐵퐶퐷的内角,正方形퐴퐵퐶퐷变为菱形 퐴퐵퐶′퐷′.若∠퐷′퐴퐵=30∘,则菱形퐴퐵퐶′퐷′的面积与正方形퐴퐵퐶퐷的面积之比是( ) A.1 B.1 2 C.√2 2 D.√3 2 8. 已知在平面直角坐标系푥푂푦中,直线푦=2푥 + 2和直线푦 = 2 3 푥 + 2分别交푥轴于点퐴 和点퐵.则下列直线中,与푥轴的交点不在线段퐴퐵上的直线是( ) A.푦=푥 + 2 B.푦 = √2푥 + 2 C.푦=4푥 + 2 D.푦 = 2√3 3 푥 + 2 9. 如图,已知푂푇是푅푡 △ 퐴퐵푂斜边퐴퐵上的高线,퐴푂=퐵푂.以푂为圆心,푂푇为半径 的圆交푂퐴于点퐶,过点퐶作⊙ 푂的切线퐶퐷,交퐴퐵于点퐷.则下列结论中错误的是( ) A.퐷퐶=퐷푇 B.퐴퐷 = √2퐷푇 C.퐵퐷=퐵푂 D.2푂퐶=5퐴퐶 10. 七巧板是我国祖先的一项卓越创造,流行于世界各地.由边长为2的正方形可以 制作一副中国七巧板或一副日本七巧板,如图1所示.分别用这两副七巧板试拼如图2 中的平行四边形或矩形,则这两个图形中,中国七巧板和日本七巧板能拼成的个数分 2 / 17 别是( ) A.1和1 B.1和2 C.2和1 D.2和2 二、填空题(本题有 6 小题,每小题 4 分,共 24 分) 11. 计算:−2 − 1=________. 12. 化简: 푥+1 푥2+2푥+1 =________. 13. 如图,已知퐴퐵是半圆푂的直径,弦퐶퐷 // 퐴퐵,퐶퐷=8,퐴퐵=10,则퐶퐷与퐴퐵之 间的距离是________. 14. 在一个布袋里放有1个白球和2个红球,它们除颜色外其余都相同,从布袋里摸 出1个球,记下颜色后放回,搅匀,再摸出1个球.将2个红球分别记为红Ⅰ,红Ⅱ, 两次摸球的所有可能的结果如表所示, 第二次 第一次 白 红Ⅰ 红Ⅱ 白 白,白 白,红Ⅰ 白,红Ⅱ 红Ⅰ 红Ⅰ,白 红Ⅰ,红Ⅰ 红Ⅰ,红Ⅱ 红Ⅱ 红Ⅱ,白 红Ⅱ,红Ⅰ 红Ⅱ,红Ⅱ 则两次摸出的球都是红球的概率是________. 15. 在每个小正方形的边长为1的网格图形中,每个小正方形的顶点称为格点,顶点 都是格点的三角形称为格点三角形.如图,已知푅푡 △ 퐴퐵퐶是6 × 6网格图形中的格点 三角形,则该图中所有与푅푡 △ 퐴퐵퐶相似的格点三角形中.面积最大的三角形的斜边长 是________. 16. 如图,已知在平面直角坐标系푥푂푦中,푅푡 △ 푂퐴퐵的直角顶点퐵在푥轴的正半轴上, 点퐴在第一象限,反比例函数푦 = 푘 푥 (푥 > 0)的图象经过푂퐴的中点퐶.交퐴퐵于点퐷,连结 퐶퐷.若△ 퐴퐶퐷的面积是2,则푘的值是________8 3 . 三、解答题(本题有 8 小题,共 66 分) 17. 计算:√8 + |√2 − 1|. 3 / 17 18. 解不等式组{ 3푥 − 2 < 푥, 1 3 푥 < −2, . 19. 有一种升降熨烫台如图1所示,其原理是通过改变两根支撑杆夹角的度数来调整 熨烫台的高度.图2是这种升降熨烫台的平面示意图.퐴퐵和퐶퐷是两根相同长度的活动 支撑杆,点푂是它们的连接点,푂퐴=푂퐶,ℎ(푐푚)表示熨烫台的高度. (1)如图2 − 1.若퐴퐵=퐶퐷=110푐푚,∠퐴푂퐶=120∘,求ℎ的值; (2)爱动脑筋的小明发现,当家里这种升降熨烫台的高度为120푐푚时,两根支撑杆 的夹角∠퐴푂퐶是74∘(如图2 − 2).求该熨烫台支撑杆퐴퐵的长度(结果精确到1푐푚). (参考数据:sin37∘ ≈ 0.6,cos37∘ ≈ 0.8,sin53∘ ≈ 0.8,cos53∘ ≈ 0.6.) 20. 为了解学生对网上在线学习效果的满意度,某校设置了:非常满意、满意、基本 满意、不满意四个选项,随机抽查了部分学生,要求每名学生都只选其中的一项,并 将抽查结果绘制成如图统计图(不完整). 请根据图中信息解答下列问题: 4 / 17 (1)求被抽查的学生人数,并补全条形统计图;(温馨提示:请画在答题卷相对应的 图上) (2)求扇形统计图中表示“满意”的扇形的圆心角度数; (3)若该校共有1000名学生参与网上在线学习,根据抽查结果,试估计该校对学习 效果的满意度是“非常满意”或“满意”的学生共有多少人? 21. 如图,已知△ 퐴퐵퐶是⊙ 푂的内接三角形,퐴퐷是⊙ 푂的直径,连结퐵퐷,퐵퐶平分 ∠퐴퐵퐷. (1)求证:∠퐶퐴퐷=∠퐴퐵퐶; (2)若퐴퐷=6,求퐶퐷̂ 的长. 22. 某企业承接了27000件产品的生产任务,计划安排甲、乙两个车间的共50名工人, 合作生产20天完成.已知甲、乙两个车间利用现有设备,工人的工作效率为:甲车间 每人每天生产25件,乙车间每人每天生产30件. (1)求甲、乙两个车间各有多少名工人参与生产? (2)为了提前完成生产任务,该企业设计了两种方案: 方案一 甲车间租用先进生产设备,工人的工作效率可提高20%,乙车间维持不变. 方案二 乙车间再临时招聘若干名工人(工作效率与原工人相同),甲车间维持不变. 设计的这两种方案,企业完成生产任务的时间相同. 5 / 17 ①求乙车间需临时招聘的工人数; ②若甲车间租用设备的租金每天900元,租用期间另需一次性支付运输等费用1500元; 乙车间需支付临时招聘的工人每人每天200元.问:从新增加的费用考虑,应选择哪 种方案能更节省开支?请说明理由. 23. 已知在△ 퐴퐵퐶中,퐴퐶=퐵퐶=푚,퐷是퐴퐵边上的一点,将∠퐵沿着过点퐷的直线折 叠,使点퐵落在퐴퐶边的点푃处(不与点퐴,퐶重合),折痕交퐵퐶边于点퐸. (1)特例感知 如图1,若∠퐶=60∘,퐷是퐴퐵的中点,求证:퐴푃 = 1 2 퐴퐶; (2)变式求异 如图2,若∠퐶=90∘,푚=6√2,퐴퐷=7,过点퐷作퐷퐻 ⊥ 퐴퐶于点퐻,求 퐷퐻和퐴푃的长; (3)化归探究 如图3,若푚=10,퐴퐵=12,且当퐴퐷=푎时,存在两次不同的折叠, 使点퐵落在퐴퐶边上两个不同的位置,请直接写出푎的取值范围. 6 / 17 24. 如图,已知在平面直角坐标系푥푂푦中,抛物线푦=−푥2 + 푏푥 + 푐(푐 > 0)的顶点为퐷, 与푦轴的交点为퐶.过点퐶的直线퐶퐴与抛物线交于另一点퐴(点퐴在对称轴左侧),点퐵 在퐴퐶的延长线上,连结푂퐴,푂퐵,퐷퐴和퐷퐵. (1)如图1,当퐴퐶 // 푥轴时, ①已知点퐴的坐标是(−2,  1),求抛物线的解析式; ②若四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形,求证:푏2=4푐. (2)如图2,若푏=−2,퐵퐶 퐴퐶 = 3 5 ,是否存在这样的点퐴,使四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形? 若存在,求出点퐴的坐标;若不存在,请说明理由. 7 / 17 参考答案与试题解析 2020 年浙江省湖州市中考数学试卷 一、选择题(本题有 10 小题,每小题 3 分,共 30 分)下面每小题给出的四个选项中, 只有一个是正确的.请选出各题中一个最符合题意的选项,并在答题卷上将相应题次 中对应字母的方框涂黑,不选、多选、错选均不给分. 1.【答案】 A 【解答】 解:∵ ±2的平方为4,算数平方根是非负数, ∴ 4的算术平方根为2. 故选퐴. 2.【答案】 C 【解答】 将991000用科学记数法表示为:9.91 × 105. 3.【答案】 A 【解答】 ∵ 主视图和左视图是三角形, ∴ 几何体是锥体, ∵ 俯视图的大致轮廓是圆, ∴ 该几何体是圆锥. 4.【答案】 B 【解答】 ∵ 四边形퐴퐵퐶퐷内接于⊙ 푂,∠퐴퐵퐶=70∘, ∴ ∠퐴퐷퐶=180∘ − ∠퐴퐵퐶=180∘ − 70∘=110∘, 5.【答案】 D 【解答】 푥¯ = −1+0+3+4+4 5 = 2, 6.【答案】 A 【解答】 ∵ △=푏2 − 4 × (−1)=푏2 + 4 > 0, ∴ 方程有两个不相等的实数根. 7.【答案】 B 【解答】 根据题意可知菱形퐴퐵퐶′퐷′的高等于퐴퐵的一半, ∴ 菱形퐴퐵퐶′퐷′的面积为1 2 퐴퐵2,正方形퐴퐵퐶퐷的面积为퐴퐵2. ∴ 菱形퐴퐵퐶′퐷′的面积与正方形퐴퐵퐶퐷的面积之比是1 2 . 8.【答案】 C 【解答】 ∵ 直线푦=2푥 + 2和直线푦 = 2 3 푥 + 2分别交푥轴于点퐴和点퐵. ∴ 퐴(−1,  0),퐵(−3,  0) 퐴、푦=푥 + 2与푥轴的交点为(−2,  0);故直线푦=푥 + 2与푥轴的交点在线段퐴퐵上; 퐵、푦 = √2푥 + 2与푥轴的交点为(−√2,  0);故直线푦 = √2푥 + 2与푥轴的交点在线段퐴퐵 上; 퐶、푦=4푥 + 2与푥轴的交点为(− 1 2 ,  0);故直线푦=4푥 + 2与푥轴的交点不在线段퐴퐵上; 8 / 17 퐷、푦 = 2√3 3 푥 + 2与푥轴的交点为(−√3,  0);故直线푦 = 2√3 3 푥 + 2与푥轴的交点在线段퐴퐵 上; 9.【答案】 D 【解答】 如图,连接푂퐷. ∵ 푂푇是半径,푂푇 ⊥ 퐴퐵, ∴ 퐷푇是⊙ 푂的切线, ∵ 퐷퐶是⊙ 푂的切线, ∴ 퐷퐶=퐷푇,故选项퐴正确, ∵ 푂퐴=푂퐵,∠퐴푂퐵=90∘, ∴ ∠퐴=∠퐵=45∘, ∵ 퐷퐶是切线, ∴ 퐶퐷 ⊥ 푂퐶, ∴ ∠퐴퐶퐷=90∘, ∴ ∠퐴=∠퐴퐷퐶=45∘, ∴ 퐴퐶=퐶퐷=퐷푇, ∴ 퐴퐶 = √2퐶퐷 = √2퐷푇,故选项퐵正确, ∵ 푂퐷=푂퐷,푂퐶=푂푇,퐷퐶=퐷푇, ∴ △ 퐷푂퐶 ≅△ 퐷푂푇(푆푆푆), ∴ ∠퐷푂퐶=∠퐷푂푇, ∵ 푂퐴=푂퐵,푂푇 ⊥ 퐴퐵,∠퐴푂퐵=90∘, ∴ ∠퐴푂푇=∠퐵푂푇=45∘, ∴ ∠퐷푂푇=∠퐷푂퐶=22.5∘, ∴ ∠퐵푂퐷=∠푂퐷퐵=67.5∘, ∴ 퐵푂=퐵퐷,故选项퐶正确, 故选:퐷. 10.【答案】 【解答】 中国七巧板和日本七巧板能拼成的个数都是2,如图所示: 故选:퐷. 二、填空题(本题有 6 小题,每小题 4 分,共 24 分) 11.【答案】 −3 【解答】 −2 − 1 =−3 12.【答案】 1 푥 + 1 【解答】 푥 + 1 푥2 + 2푥 + 1 9 / 17 = 푥 + 1 (푥 + 1)2 = 1 푥+1 . 13.【答案】 3 【解答】 过点푂作푂퐻 ⊥ 퐶퐷于퐻,连接푂퐶,如图,则퐶퐻=퐷퐻 = 1 2 퐶퐷=4, 在푅푡 △ 푂퐶퐻中,푂퐻 = √52 − 42 = 3, 所以퐶퐷与퐴퐵之间的距离是3. 14.【答案】 4 9 【解答】 根据图表给可知,共有9种等可能的结果,两次摸出的球都是红球的有4种, 则两次摸出的球都是红球的概率为4 9 ; 15.【答案】 5√2 【解答】 ∵ 在푅푡 △ 퐴퐵퐶中,퐴퐶=1,퐵퐶=2, ∴ 퐴퐵 = √5,퐴퐶: 퐵퐶=1: 2, ∴ 与푅푡 △ 퐴퐵퐶相似的格点三角形的两直角边的比值为1: 2, 若该三角形最短边长为4,则另一直角边长为8,但在6 × 6网格图形中,最长线段为 6√2,但此时画出的直角三角形为等腰直角三角形,从而画不出端点都在格点且长为8 的线段,故最短直角边长应小于4,在图中尝试,可画出퐷퐸 = √10,퐸퐹=2√10,퐷퐹 =5√2的三角形, ∵ √10 1 = 2√10 2 = 5√2 √5 = √10, ∴ △ 퐴퐵퐶 ∽△ 퐷퐸퐹, ∴ ∠퐷퐸퐹=∠퐶=90∘, ∴ 此时△ 퐷퐸퐹的面积为:√10 × 2√10 ÷ 2=10,△ 퐷퐸퐹为面积最大的三角形,其 斜边长为:5√2. 16.【答案】 8 3 【解答】 连接푂퐷,过퐶作퐶퐸 // 퐴퐵,交푥轴于퐸, ∵ ∠퐴퐵푂=90∘,反比例函数푦 = 푘 푥 (푥 > 0)的图象经过푂퐴的中点퐶, ∴ 푆△퐶푂퐸=푆△퐵푂퐷 = 1 2 푘,푆△퐴퐶퐷=푆△푂퐶퐷=2, ∵ 퐶퐸 // 퐴퐵, ∴ △ 푂퐶퐸 ∽△ 푂퐴퐵, ∴ 푆△푂퐶퐸 푆△푂퐴퐵 = 1 4 , ∴ 4푆△푂퐶퐸=푆△푂퐴퐵, 10 / 17 ∴ 4 × 1 2 푘=2 + 2 + 1 2 푘, ∴ 푘 = 8 3 , 三、解答题(本题有 8 小题,共 66 分) 17.【答案】 原式=2√2 + √2 − 1=3√2 − 1. 【解答】 原式=2√2 + √2 − 1=3√2 − 1. 18.【答案】 { 3푥 − 2 < 푥 1 3 푥 < −2 , 解①得푥 < 1; 解②得푥 < −6. 故不等式组的解集为푥 < −6. 【解答】 { 3푥 − 2 < 푥 1 3 푥 < −2 , 解①得푥 < 1; 解②得푥 < −6. 故不等式组的解集为푥 < −6. 19.【答案】 过点퐵作퐵퐸 ⊥ 퐴퐶于퐸, ∵ 푂퐴=푂퐶,∠퐴푂퐶=120∘, ∴ ∠푂퐴퐶=∠푂퐶퐴 = 180−120 2 = 30∘, ∴ ℎ=퐵퐸=퐴퐵 ⋅ sin30∘=110 × 1 2 = 55; 过点퐵作퐵퐸 ⊥ 퐴퐶于퐸, ∵ 푂퐴=푂퐶,∠퐴푂퐶=74∘, ∴ ∠푂퐴퐶=∠푂퐶퐴 = 180−74 2 = 53∘, ∴ 퐴퐵=퐵퐸 ÷ sin53∘=120 ÷ 0.8=150(푐푚), 即该熨烫台支撑杆퐴퐵的长度约为150푐푚. 【解答】 过点퐵作퐵퐸 ⊥ 퐴퐶于퐸, ∵ 푂퐴=푂퐶,∠퐴푂퐶=120∘, ∴ ∠푂퐴퐶=∠푂퐶퐴 = 180−120 2 = 30∘, ∴ ℎ=퐵퐸=퐴퐵 ⋅ sin30∘=110 × 1 2 = 55; 过点퐵作퐵퐸 ⊥ 퐴퐶于퐸, ∵ 푂퐴=푂퐶,∠퐴푂퐶=74∘, ∴ ∠푂퐴퐶=∠푂퐶퐴 = 180−74 2 = 53∘, ∴ 퐴퐵=퐵퐸 ÷ sin53∘=120 ÷ 0.8=150(푐푚), 即该熨烫台支撑杆퐴퐵的长度约为150푐푚. 11 / 17 20.【答案】 抽查的学生数:20 ÷ 40%=50(人), 抽查人数中“基本满意”人数:50 − 20 − 15 − 1=14(人),补全的条形统计图如图 所示: 360∘ × 15 50 = 108∘, 答:扇形统计图中表示“满意”的扇形的圆心角度数为108∘; 1000 × (20 50 + 15 50)=700(人), 答:该校共有1000名学生中“非常满意”或“满意”的约有700人. 【解答】 抽查的学生数:20 ÷ 40%=50(人), 抽查人数中“基本满意”人数:50 − 20 − 15 − 1=14(人),补全的条形统计图如图 所示: 360∘ × 15 50 = 108∘, 答:扇形统计图中表示“满意”的扇形的圆心角度数为108∘; 1000 × (20 50 + 15 50)=700(人), 答:该校共有1000名学生中“非常满意”或“满意”的约有700人. 21.【答案】 ∵ 퐵퐶平分∠퐴퐵퐷, ∴ ∠퐷퐵퐶=∠퐴퐵퐶, ∵ ∠퐶퐴퐷=∠퐷퐵퐶, ∴ ∠퐶퐴퐷=∠퐴퐵퐶; ∵ ∠퐶퐴퐷=∠퐴퐵퐶, ∴ 퐶퐷̂ = 퐴퐶̂ , ∵ 퐴퐷是⊙ 푂的直径,퐴퐷=6, ∴ 퐶퐷̂ 的长= 1 2 × 1 2 × 휋 × 6 = 3 2 휋. 【解答】 ∵ 퐵퐶平分∠퐴퐵퐷, ∴ ∠퐷퐵퐶=∠퐴퐵퐶, 12 / 17 ∵ ∠퐶퐴퐷=∠퐷퐵퐶, ∴ ∠퐶퐴퐷=∠퐴퐵퐶; ∵ ∠퐶퐴퐷=∠퐴퐵퐶, ∴ 퐶퐷̂ = 퐴퐶̂ , ∵ 퐴퐷是⊙ 푂的直径,퐴퐷=6, ∴ 퐶퐷̂ 的长= 1 2 × 1 2 × 휋 × 6 = 3 2 휋. 22.【答案】 设甲车间有푥名工人参与生产,乙车间各有푦名工人参与生产,由题意得: { 푥 + 푦 = 50 20(25푥 + 30푦) = 27000 , 解得{푥 = 30 푦 = 20 . ∴ 甲车间有30名工人参与生产,乙车间各有20名工人参与生产. ①设方案二中乙车间需临时招聘푚名工人,由题意得: 27000 30×25×(1+20%)+20×30 = 27000 30×25+(20+푚)×30 , 解得푚=5. 经检验,푚=5是原方程的解,且符合题意. ∴ 乙车间需临时招聘5名工人. ②企业完成生产任务所需的时间为: 27000 30×25×(1+20%)+20×30 = 18(天). ∴ 选择方案一需增加的费用为900 × 18 + 1500=17700(元). 选择方案二需增加的费用为5 × 18 × 200=18000(元). ∵ 17700 < 18000, ∴ 选择方案一能更节省开支. 【解答】 设甲车间有푥名工人参与生产,乙车间各有푦名工人参与生产,由题意得: { 푥 + 푦 = 50 20(25푥 + 30푦) = 27000 , 解得{푥 = 30 푦 = 20 . ∴ 甲车间有30名工人参与生产,乙车间各有20名工人参与生产. ①设方案二中乙车间需临时招聘푚名工人,由题意得: 27000 30×25×(1+20%)+20×30 = 27000 30×25+(20+푚)×30 , 解得푚=5. 经检验,푚=5是原方程的解,且符合题意. ∴ 乙车间需临时招聘5名工人. ②企业完成生产任务所需的时间为: 27000 30×25×(1+20%)+20×30 = 18(天). ∴ 选择方案一需增加的费用为900 × 18 + 1500=17700(元). 选择方案二需增加的费用为5 × 18 × 200=18000(元). ∵ 17700 < 18000, ∴ 选择方案一能更节省开支. 23.【答案】 证明:∵ 퐴퐶=퐵퐶,∠퐶=60∘, ∴ △ 퐴퐵퐶是等边三角形, ∴ 퐴퐶=퐴퐵,∠퐴=60∘, 由题意,得퐷퐵=퐷푃,퐷퐴=퐷퐵, ∴ 퐷퐴=퐷푃, ∴ △ 퐴퐷푃使得等边三角形, ∴ 퐴푃=퐴퐷 = 1 2 퐴퐵 = 1 2 퐴퐶. ∵ 퐴퐶=퐵퐶=6√2,∠퐶=90∘, ∴ 퐴퐵 = √퐴퐶2 + 퐵퐶2 = √(6√2)2 + (6√2)2 = 12, 13 / 17 ∵ 퐷퐻 ⊥ 퐴퐶, ∴ 퐷퐻 // 퐵퐶, ∴ △ 퐴퐷퐻 ∽△ 퐴퐵퐶, ∴ 퐷퐻 퐵퐶 = 퐴퐷 퐴퐵 , ∵ 퐴퐷=7, ∴ 퐷퐻 6√2 = 7 12 , ∴ 퐷퐻 = 7√2 2 , 将∠퐵沿过点퐷的直线折叠, 情形一:当点퐵落在线段퐶퐻上的点푃1处时,如图2 − 1中, ∵ 퐴퐵=12, ∴ 퐷푃1=퐷퐵=퐴퐵 − 퐴퐷=5, ∴ 퐻푃1 = √퐷푃1 2 − 퐷퐻2 = √52 − (7√2 2 )2 = √2 2 , ∴ 퐴1=퐴퐻 + 퐻푃1=4√2, 情形二:当点퐵落在线段퐴퐻上的点푃2处时,如图2 − 2中, 同法可证퐻푃2 = √2 2 , ∴ 퐴푃2=퐴퐻 − 퐻푃2=3√2, 综上所述,满足条件的퐴푃的值为4√2或3√2. 如图3中,过点퐶作퐶퐻 ⊥ 퐴퐵于퐻,过点퐷作퐷푃 ⊥ 퐴퐶于푃. ∵ 퐶퐴=퐶퐵,퐶퐻 ⊥ 퐴퐵, ∴ 퐴퐻=퐻퐵=6, ∴ 퐶퐻 = √퐴퐶2 − 퐴퐻2 = √102 − 62 = 8, 当퐷퐵=퐷푃时,设퐵퐷=푃퐷=푥,则퐴퐷=12 − 푥, ∵ tan퐴 = 퐶퐻 퐴퐶 = 푃퐷 퐴퐷 , ∴ 8 10 = 푥 12−푥 , ∴ 푥 = 16 3 , ∴ 퐴퐷=퐴퐵 − 퐵퐷 = 20 3 , 观察图形可知当6 < 푎 < 20 3 时,存在两次不同的折叠,使点퐵落在퐴퐶边上两个不同的 位置. 【解答】 证明:∵ 퐴퐶=퐵퐶,∠퐶=60∘, ∴ △ 퐴퐵퐶是等边三角形, ∴ 퐴퐶=퐴퐵,∠퐴=60∘, 由题意,得퐷퐵=퐷푃,퐷퐴=퐷퐵, ∴ 퐷퐴=퐷푃, ∴ △ 퐴퐷푃使得等边三角形, 14 / 17 ∴ 퐴푃=퐴퐷 = 1 2 퐴퐵 = 1 2 퐴퐶. ∵ 퐴퐶=퐵퐶=6√2,∠퐶=90∘, ∴ 퐴퐵 = √퐴퐶2 + 퐵퐶2 = √(6√2)2 + (6√2)2 = 12, ∵ 퐷퐻 ⊥ 퐴퐶, ∴ 퐷퐻 // 퐵퐶, ∴ △ 퐴퐷퐻 ∽△ 퐴퐵퐶, ∴ 퐷퐻 퐵퐶 = 퐴퐷 퐴퐵 , ∵ 퐴퐷=7, ∴ 퐷퐻 6√2 = 7 12 , ∴ 퐷퐻 = 7√2 2 , 将∠퐵沿过点퐷的直线折叠, 情形一:当点퐵落在线段퐶퐻上的点푃1处时,如图2 − 1中, ∵ 퐴퐵=12, ∴ 퐷푃1=퐷퐵=퐴퐵 − 퐴퐷=5, ∴ 퐻푃1 = √퐷푃1 2 − 퐷퐻2 = √52 − (7√2 2 )2 = √2 2 , ∴ 퐴1=퐴퐻 + 퐻푃1=4√2, 情形二:当点퐵落在线段퐴퐻上的点푃2处时,如图2 − 2中, 同法可证퐻푃2 = √2 2 , ∴ 퐴푃2=퐴퐻 − 퐻푃2=3√2, 综上所述,满足条件的퐴푃的值为4√2或3√2. 如图3中,过点퐶作퐶퐻 ⊥ 퐴퐵于퐻,过点퐷作퐷푃 ⊥ 퐴퐶于푃. ∵ 퐶퐴=퐶퐵,퐶퐻 ⊥ 퐴퐵, ∴ 퐴퐻=퐻퐵=6, ∴ 퐶퐻 = √퐴퐶2 − 퐴퐻2 = √102 − 62 = 8, 当퐷퐵=퐷푃时,设퐵퐷=푃퐷=푥,则퐴퐷=12 − 푥, ∵ tan퐴 = 퐶퐻 퐴퐶 = 푃퐷 퐴퐷 , ∴ 8 10 = 푥 12−푥 , ∴ 푥 = 16 3 , ∴ 퐴퐷=퐴퐵 − 퐵퐷 = 20 3 , 观察图形可知当6 < 푎 < 20 3 时,存在两次不同的折叠,使点퐵落在퐴퐶边上两个不同的 位置. 24.【答案】 15 / 17 ①∵ 퐴퐶 // 푥轴,点퐴(−2,  1), ∴ 퐶(0,  1), 将点퐴(−2,  1),퐶(0,  1)代入抛物线解析式中,得{−4 − 2푏 + 푐 = 1 푐 = 1 , ∴ {푏 = −2 푐 = 1 , ∴ 抛物线的解析式为푦=−푥2 − 2푥 + 1; ②如图1,过点퐷作퐷퐸 ⊥ 푥轴于퐸,交퐴퐵于点퐹, ∵ 퐴퐶 // 푥轴, ∴ 퐸퐹=푂퐶=푐, ∵ 点퐷是抛物线的顶点坐标, ∴ 퐷(푏 2 ,  푐 + 푏2 4 ), ∴ 퐷퐹=퐷퐸 − 퐸퐹=푐 + 푏2 4 − 푐 = 푏2 4 , ∵ 四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形, ∴ 퐴퐷=퐷푂,퐴퐷 // 푂퐵, ∴ ∠퐷퐴퐹=∠푂퐵퐶, ∵ ∠퐴퐹퐷=∠퐵퐶푂=90∘, ∴ △ 퐴퐹퐷 ≅△ 퐵퐶푂(퐴퐴푆), ∴ 퐷퐹=푂퐶, ∴ 푏2 4 = 푐, 即푏2=4푐; 如图2,∵ 푏=−2. ∴ 抛物线的解析式为푦=−푥2 − 2푥 + 푐, ∴ 顶点坐标퐷(−1,  푐 + 1), 假设存在这样的点퐴使四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形, 设点퐴(푚, −푚2 − 2푚 + 푐)(푚 < 0), 过点퐷作퐷퐸 ⊥ 푥轴于点퐸,交퐴퐵于퐹, ∴ ∠퐴퐹퐷=∠퐸퐹퐶=∠퐵퐶푂, ∵ 四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形, ∴ 퐴퐷=퐵푂,퐴퐷 // 푂퐵, ∴ ∠퐷퐴퐹=∠푂퐵퐶, ∴ △ 퐴퐹퐷 ≅△ 퐵퐶푂(퐴퐴푆), ∴ 퐴퐹=퐵퐶,퐷퐹=푂퐶, 过点퐴作퐴푀 ⊥ 푦轴于푀,交퐷퐸于푁, ∴ 퐷퐸 // 퐶푂, ∴ △ 퐴푁퐹 ∽△ 퐴푀퐶, ∴ 퐴푁 퐴푀 = 퐹푁 퐶푀 = 퐴퐹 퐴퐶 = 퐵퐶 퐴퐶 = 3 5 , ∵ 퐴푀=−푚,퐴푁=퐴푀 − 푁푀=−푚 − 1, ∴ −푚−1 −푚 = 3 5 , ∴ 푚 = − 5 2 , ∴ 点퐴的纵坐标为−(− 5 2)2 − 2 × (− 5 2) + 푐=푐 − 5 4 < 푐, ∵ 퐴푀 // 푥轴, ∴ 点푀的坐标为(0,  푐 − 5 4),푁(−1,  푐 − 5 4), ∴ 퐶푀=푐 − (푐 − 5 4) = 5 4 , ∵ 点퐷的坐标为(−1,  푐 + 1), ∴ 퐷푁=(푐 + 1) − (푐 − 5 4) = 9 4 , ∵ 퐷퐹=푂퐶=푐, ∴ 퐹푁=퐷푁 − 퐷퐹 = 9 4 − 푐, ∵ 퐹푁 퐶푀 = 3 5 , ∴ 9 4−푐 5 4 = 3 5 , 16 / 17 ∴ 푐 = 3 2 , ∴ 푐 − 5 4 = 1 4 , ∴ 点퐴纵坐标为1 4 , ∴ 퐴(− 5 2 , 1 4), ∴ 存在这样的点퐴,使四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形. 【解答】 ①∵ 퐴퐶 // 푥轴,点퐴(−2,  1), ∴ 퐶(0,  1), 将点퐴(−2,  1),퐶(0,  1)代入抛物线解析式中,得{−4 − 2푏 + 푐 = 1 푐 = 1 , ∴ {푏 = −2 푐 = 1 , ∴ 抛物线的解析式为푦=−푥2 − 2푥 + 1; ②如图1,过点퐷作퐷퐸 ⊥ 푥轴于퐸,交퐴퐵于点퐹, ∵ 퐴퐶 // 푥轴, ∴ 퐸퐹=푂퐶=푐, ∵ 点퐷是抛物线的顶点坐标, ∴ 퐷(푏 2 ,  푐 + 푏2 4 ), ∴ 퐷퐹=퐷퐸 − 퐸퐹=푐 + 푏2 4 − 푐 = 푏2 4 , ∵ 四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形, ∴ 퐴퐷=퐷푂,퐴퐷 // 푂퐵, ∴ ∠퐷퐴퐹=∠푂퐵퐶, ∵ ∠퐴퐹퐷=∠퐵퐶푂=90∘, ∴ △ 퐴퐹퐷 ≅△ 퐵퐶푂(퐴퐴푆), ∴ 퐷퐹=푂퐶, ∴ 푏2 4 = 푐, 即푏2=4푐; 如图2,∵ 푏=−2. ∴ 抛物线的解析式为푦=−푥2 − 2푥 + 푐, ∴ 顶点坐标퐷(−1,  푐 + 1), 假设存在这样的点퐴使四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形, 设点퐴(푚, −푚2 − 2푚 + 푐)(푚 < 0), 过点퐷作퐷퐸 ⊥ 푥轴于点퐸,交퐴퐵于퐹, ∴ ∠퐴퐹퐷=∠퐸퐹퐶=∠퐵퐶푂, ∵ 四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形, ∴ 퐴퐷=퐵푂,퐴퐷 // 푂퐵, ∴ ∠퐷퐴퐹=∠푂퐵퐶, ∴ △ 퐴퐹퐷 ≅△ 퐵퐶푂(퐴퐴푆), ∴ 퐴퐹=퐵퐶,퐷퐹=푂퐶, 17 / 17 过点퐴作퐴푀 ⊥ 푦轴于푀,交퐷퐸于푁, ∴ 퐷퐸 // 퐶푂, ∴ △ 퐴푁퐹 ∽△ 퐴푀퐶, ∴ 퐴푁 퐴푀 = 퐹푁 퐶푀 = 퐴퐹 퐴퐶 = 퐵퐶 퐴퐶 = 3 5 , ∵ 퐴푀=−푚,퐴푁=퐴푀 − 푁푀=−푚 − 1, ∴ −푚−1 −푚 = 3 5 , ∴ 푚 = − 5 2 , ∴ 点퐴的纵坐标为−(− 5 2)2 − 2 × (− 5 2) + 푐=푐 − 5 4 < 푐, ∵ 퐴푀 // 푥轴, ∴ 点푀的坐标为(0,  푐 − 5 4),푁(−1,  푐 − 5 4), ∴ 퐶푀=푐 − (푐 − 5 4) = 5 4 , ∵ 点퐷的坐标为(−1,  푐 + 1), ∴ 퐷푁=(푐 + 1) − (푐 − 5 4) = 9 4 , ∵ 퐷퐹=푂퐶=푐, ∴ 퐹푁=퐷푁 − 퐷퐹 = 9 4 − 푐, ∵ 퐹푁 퐶푀 = 3 5 , ∴ 9 4−푐 5 4 = 3 5 , ∴ 푐 = 3 2 , ∴ 푐 − 5 4 = 1 4 , ∴ 点퐴纵坐标为1 4 , ∴ 퐴(− 5 2 , 1 4), ∴ 存在这样的点퐴,使四边形퐴푂퐵퐷是平行四边形.