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- 2021-05-10 发布
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2020年湖南省常德市中考数学试卷
一、选择题(本大题8个小题,每小题3分,满分24分)
1.(3分)(2020•常德)4的倒数为( )
A.14 B.2 C.1 D.﹣4
2.(3分)(2020•常德)下面几种中式窗户图形既是轴对称又是中心对称的是( )
A. B.
C. D.
3.(3分)(2020•常德)如图,已知AB∥DE,∠1=30°,∠2=35°,则∠BCE的度数为( )
A.70° B.65° C.35° D.5°
4.(3分)(2020•常德)下列计算正确的是( )
A.a2+b2=(a+b)2 B.a2+a4=a6
C.a10÷a5=a2 D.a2•a3=a5
5.(3分)(2020•常德)下列说法正确的是( )
A.明天的降水概率为80%,则明天80%的时间下雨,20%的时间不下雨
B.抛掷一枚质地均匀的硬币两次,必有一次正面朝上
C.了解一批花炮的燃放质量,应采用抽样调查方式
D.一组数据的众数一定只有一个
6.(3分)(2020•常德)一个圆锥的底面半径r=10,高h=20,则这个圆锥的侧面积是( )
A.1003π B.2003π C.1005π D.2005π
7.(3分)(2020•常德)二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象如图所示,下列结论:
①b2﹣4ac>0;②abc<0;③4a+b=0;④4a﹣2b+c>0.
第23页(共23页)
其中正确结论的个数是( )
A.4 B.3 C.2 D.1
8.(3分)(2020•常德)如图,将一枚跳棋放在七边形ABCDEFG的顶点A处,按顺时针方向移动这枚跳棋2020次.移动规则是:第k次移动k个顶点(如第一次移动1个顶点,跳棋停留在B处,第二次移动2个顶点,跳棋停留在D处),按这样的规则,在这2020次移动中,跳棋不可能停留的顶点是( )
A.C、E B.E、F C.G、C、E D.E、C、F
二、填空题(本大题8个小题,每小题3分,满分24分)
9.(3分)(2020•常德)分解因式:xy2﹣4x= .
10.(3分)(2020•常德)若代数式22x-6在实数范围内有意义,则x的取值范围是 .
11.(3分)(2020•常德)计算:92-12+8= .
12.(3分)(2020•常德)如图,若反比例函数y=kx(x<0)的图象经过点A,AB⊥x轴于B,且△AOB的面积为6,则k= .
13.(3分)(2020•常德)4月23日是世界读书日,这天某校为了解学生课外阅读情况,随机收集了30名学生每周课外阅读的时间,统计如下:
阅读时间(x小时)
x≤3.5
3.5<x≤5
5<x≤6.5
x>6.5
第23页(共23页)
人数
12
8
6
4
若该校共有1200名学生,试估计全校每周课外阅读时间在5小时以上的学生人数为 .
14.(3分)(2020•常德)今年新冠病毒疫情初期,口罩供应短缺,某地规定:每人每次限购5只.李红出门买口罩时,无论是否买到,都会消耗家里库存的口罩一只,如果有口罩买,他将买回5只.已知李红家原有库存15只,出门10次购买后,家里现有口罩35只.请问李红出门没有买到口罩的次数是 次.
15.(3分)(2020•常德)如图1,已知四边形ABCD是正方形,将△DAE,△DCF分别沿DE,DF向内折叠得到图2,此时DA与DC重合(A、C都落在G点),若GF=4,EG=6,则DG的长为 .
16.(3分)(2020•常德)阅读理解:对于x3﹣(n2+1)x+n这类特殊的代数式可以按下面的方法分解因式:
x3﹣(n2+1)x+n=x3﹣n2x﹣x+n=x(x2﹣n2)﹣(x﹣n)=x(x﹣n)(x+n)﹣(x﹣n)=(x﹣n)(x2+nx﹣1).
理解运用:如果x3﹣(n2+1)x+n=0,那么(x﹣n)(x2+nx﹣1)=0,即有x﹣n=0或x2+nx﹣1=0,
因此,方程x﹣n=0和x2+nx﹣1=0的所有解就是方程x3﹣(n2+1)x+n=0的解.
解决问题:求方程x3﹣5x+2=0的解为 .
三、(本大题2个小题,每小题5分,满分10分)
17.(5分)(2020•常德)计算:20+(13)﹣1•4-4tan45°.
18.(5分)(2020•常德)解不等式组2x-1<x+4①23x-3x+12≤13②.
四、(本大题2个小题,每小题6分,满分12分)
19.(6分)(2020•常德)先化简,再选一个合适的数代入求值:(x+1-7x-9x)÷x2-9x.
第23页(共23页)
20.(6分)(2020•常德)第5代移动通信技术简称5G,某地已开通5G业务,经测试5G下载速度是4G下载速度的15倍,小明和小强分别用5G与4G下载一部600兆的公益片,小明比小强所用的时间快140秒,求该地4G与5G的下载速度分别是每秒多少兆?
五、(本大题2个小题,每小题7分,满分14分)
21.(7分)(2020•常德)已知一次函数y=kx+b(k≠0)的图象经过A(3,18)和B(﹣2,8)两点.
(1)求一次函数的解析式;
(2)若一次函数y=kx+b(k≠0)的图象与反比例函数y=mx(m≠0)的图象只有一个交点,求交点坐标.
22.(7分)(2020•常德)如图1是自动卸货汽车卸货时的状态图,图2是其示意图.汽车的车厢采用液压机构、车厢的支撑顶杆BC的底部支撑点B在水平线AD的下方,AB与水平线AD之间的夹角是5°,卸货时,车厢与水平线AD成60°,此时AB与支撑顶杆BC的夹角为45°,若AC=2米,求BC的长度.(结果保留一位小数)
(参考数据:sin65°≈0.91,cos65°≈0.42,tan65°≈2.14,sin70°≈0.94,cos70°≈0.34,tan70°≈2.75,2≈1.41)
六、(本大题2个小题,每小题8分,满分16分)
23.(8分)(2020•常德)今年2﹣4月某市出现了200名新冠肺炎患者,市委根据党中央的决定,对患者进行了免费治疗.图1是该市轻症、重症、危重症三类患者的人数分布统计图(不完整),图2是这三类患者的人均治疗费用统计图.请回答下列问题.
(1)轻症患者的人数是多少?
(2)该市为治疗危重症患者共花费多少万元?
(3)所有患者的平均治疗费用是多少万元?
(4)由于部分轻症患者康复出院,为减少病房拥挤,拟对某病房中的A、B、C、D、E
第23页(共23页)
五位患者任选两位转入另一病房,请用树状图法或列表法求出恰好选中B、D两位患者的概率.
24.(8分)(2020•常德)如图,已知AB是⊙O的直径,C是⊙O上的一点,D是AB上的一点,DE⊥AB于D,DE交BC于F,且EF=EC.
(1)求证:EC是⊙O的切线;
(2)若BD=4,BC=8,圆的半径OB=5,求切线EC的长.
七、(本大题2个小题,每小题10分,满分20分)
25.(10分)(2020•常德)如图,已知抛物线y=ax2过点A(﹣3,94).
(1)求抛物线的解析式;
(2)已知直线l过点A,M(32,0)且与抛物线交于另一点B,与y轴交于点C,求证:MC2=MA•MB;
(3)若点P,D分别是抛物线与直线l上的动点,以OC为一边且顶点为O,C,P,D的四边形是平行四边形,求所有符合条件的P点坐标.
第23页(共23页)
26.(10分)(2020•常德)已知D是Rt△ABC斜边AB的中点,∠ACB=90°,∠ABC=30°,过点D作Rt△DEF使∠DEF=90°,∠DFE=30°,连接CE并延长CE到P,使EP=CE,连接BE,FP,BP,设BC与DE交于M,PB与EF交于N.
(1)如图1,当D,B,F共线时,求证:
①EB=EP;
②∠EFP=30°;
(2)如图2,当D,B,F不共线时,连接BF,求证:∠BFD+∠EFP=30°.
第23页(共23页)
2020年湖南省常德市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题8个小题,每小题3分,满分24分)
1.(3分)(2020•常德)4的倒数为( )
A.14 B.2 C.1 D.﹣4
【解答】解:4的倒数为14.
故选:A.
2.(3分)(2020•常德)下面几种中式窗户图形既是轴对称又是中心对称的是( )
A. B.
C. D.
【解答】解:A、不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项不合题意;
B、不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项不合题意;
C、既是轴对称图形,又是中心对称图形,故此选项正确;
D、不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不合题意.
故选:C.
3.(3分)(2020•常德)如图,已知AB∥DE,∠1=30°,∠2=35°,则∠BCE的度数为( )
A.70° B.65° C.35° D.5°
【解答】解:作CF∥AB,
∵AB∥DE,
∴CF∥DE,
第23页(共23页)
∴AB∥DE∥DE,
∴∠1=∠BCF,∠FCE=∠2,
∵∠1=30°,∠2=35°,
∴∠BCF=30°,∠FCE=35°,
∴∠BCE=65°,
故选:B.
4.(3分)(2020•常德)下列计算正确的是( )
A.a2+b2=(a+b)2 B.a2+a4=a6
C.a10÷a5=a2 D.a2•a3=a5
【解答】解:A、a2+2ab+b2=(a+b)2,原计算错误,故此选项不符合题意;
B、a2与a4不是同类项不能合并,原计算错误,故此选项不符合题意;
C、a10÷a5=a5,原计算错误,故此选项不符合题意;
D、a2•a3=a5,原计算正确,故此选项符合题意;
故选:D.
5.(3分)(2020•常德)下列说法正确的是( )
A.明天的降水概率为80%,则明天80%的时间下雨,20%的时间不下雨
B.抛掷一枚质地均匀的硬币两次,必有一次正面朝上
C.了解一批花炮的燃放质量,应采用抽样调查方式
D.一组数据的众数一定只有一个
【解答】解:A、明天的降水概率为80%,则明天下雨可能性较大,故本选项错误;
B、抛掷一枚质地均匀的硬币两次,正面朝上的概率是12,故本选项错误;
C、了解一批花炮的燃放质量,应采用抽样调查方式,故本选项正确;
D、一组数据的众数不一定只有一个,故本选项错误;
故选:C.
6.(3分)(2020•常德)一个圆锥的底面半径r=10,高h=20,则这个圆锥的侧面积是( )
A.1003π B.2003π C.1005π D.2005π
【解答】解:这个圆锥的母线长=102+202=105,
第23页(共23页)
这个圆锥的侧面积=12×2π×10×105=1005π.
故选:C.
7.(3分)(2020•常德)二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象如图所示,下列结论:
①b2﹣4ac>0;②abc<0;③4a+b=0;④4a﹣2b+c>0.
其中正确结论的个数是( )
A.4 B.3 C.2 D.1
【解答】解:由图象知,抛物线与x轴有两个交点,
∴方程ax2+bx+c=0有两个不相等的实数根,
∴b2﹣4ac>0,故①正确,
由图象知,抛物线的对称轴直线为x=2,
∴-b2a=2,
∴4a+b=0,故③正确,
由图象知,抛物线开口方向向下,
∴a<0,
∵4a+b=0,
∴b>0,而抛物线与y轴的交点在y轴的正半轴上,
∴c>0,
∴abc<0,故②正确,
由图象知,当x=﹣2时,y<0,
∴4a﹣2b+c<0,故④错误,
即正确的结论有3个,
故选:B.
8.(3分)(2020•常德)如图,将一枚跳棋放在七边形ABCDEFG的顶点A处,按顺时针方向移动这枚跳棋2020次.移动规则是:第k次移动k个顶点(如第一次移动1个顶点,跳棋停留在B处,第二次移动2个顶点,跳棋停留在D处),按这样的规则,在这2020次移动中,跳棋不可能停留的顶点是( )
第23页(共23页)
A.C、E B.E、F C.G、C、E D.E、C、F
【解答】解:经实验或按下方法可求得顶点C,E和F棋子不可能停到.
设顶点A,B,C,D,E,F,G分别是第0,1,2,3,4,5,6格,
因棋子移动了k次后走过的总格数是1+2+3+…+k=12k(k+1),应停在第12k(k+1)﹣7p格,
这时P是整数,且使0≤12k(k+1)﹣7p≤6,分别取k=1,2,3,4,5,6,7时,
12k(k+1)﹣7p=1,3,6,3,1,0,0,发现第2,4,5格没有停棋,
若7<k≤2020,
设k=7+t(t=1,2,3)代入可得,12k(k+1)﹣7p=7m+12t(t+1),
由此可知,停棋的情形与k=t时相同,
故第2,4,5格没有停棋,即顶点C,E和F棋子不可能停到.
故选:D.
二、填空题(本大题8个小题,每小题3分,满分24分)
9.(3分)(2020•常德)分解因式:xy2﹣4x= x(y+2)(y﹣2) .
【解答】解:原式=x(y2﹣4)=x(y+2)(y﹣2),
故答案为:x(y+2)(y﹣2)
10.(3分)(2020•常德)若代数式22x-6在实数范围内有意义,则x的取值范围是 x>3 .
【解答】解:由题意得:2x﹣6>0,
解得:x>3,
故答案为:x>3.
11.(3分)(2020•常德)计算:92-12+8= 32 .
【解答】解:原式=322-22+22
=32.
第23页(共23页)
故答案为:32.
12.(3分)(2020•常德)如图,若反比例函数y=kx(x<0)的图象经过点A,AB⊥x轴于B,且△AOB的面积为6,则k= ﹣12 .
【解答】解:∵AB⊥OB,
∴S△AOB=|k|2=6,
∴k=±12,
∵反比例函数的图象在二四象限,
∴k<0,
∴k=﹣12,
故答案为﹣12.
13.(3分)(2020•常德)4月23日是世界读书日,这天某校为了解学生课外阅读情况,随机收集了30名学生每周课外阅读的时间,统计如下:
阅读时间(x小时)
x≤3.5
3.5<x≤5
5<x≤6.5
x>6.5
人数
12
8
6
4
若该校共有1200名学生,试估计全校每周课外阅读时间在5小时以上的学生人数为 400人 .
【解答】解:1200×6+412+8+6+4=400(人),
答:估计全校每周课外阅读时间在5小时以上的学生人数为400人.
14.(3分)(2020•常德)今年新冠病毒疫情初期,口罩供应短缺,某地规定:每人每次限购5只.李红出门买口罩时,无论是否买到,都会消耗家里库存的口罩一只,如果有口罩买,他将买回5只.已知李红家原有库存15只,出门10次购买后,家里现有口罩35只.请问李红出门没有买到口罩的次数是 4 次.
【解答】解:设李红出门没有买到口罩的次数是x,买到口罩的次数是y,由题意得:
x+y=1015-1×10+5y=35,
第23页(共23页)
整理得:x+y=105y=30,
解得:x=4y=6.
故答案为:4.
15.(3分)(2020•常德)如图1,已知四边形ABCD是正方形,将△DAE,△DCF分别沿DE,DF向内折叠得到图2,此时DA与DC重合(A、C都落在G点),若GF=4,EG=6,则DG的长为 12 .
【解答】解:设正方形ABCD的边长为x,由翻折可得:
DG=DA=DC=x,
∵GF=4,EG=6,
∴AE=EG=6,CF=GF=4,
∴BE=x﹣6,BF=x﹣4,EF=6+4=10,如图1所示:
在Rt△BEF中,由勾股定理得:
BE2+BF2=EF2,
∴(x﹣6)2+(x﹣4)2=102,
∴x2﹣12x+36+x2﹣8x+16=100,
∴x2﹣10x﹣24=0,
∴(x+2)(x﹣12)=0,
∴x1=﹣2(舍),x2=12.
∴DG=12.
故答案为:12.
第23页(共23页)
16.(3分)(2020•常德)阅读理解:对于x3﹣(n2+1)x+n这类特殊的代数式可以按下面的方法分解因式:
x3﹣(n2+1)x+n=x3﹣n2x﹣x+n=x(x2﹣n2)﹣(x﹣n)=x(x﹣n)(x+n)﹣(x﹣n)=(x﹣n)(x2+nx﹣1).
理解运用:如果x3﹣(n2+1)x+n=0,那么(x﹣n)(x2+nx﹣1)=0,即有x﹣n=0或x2+nx﹣1=0,
因此,方程x﹣n=0和x2+nx﹣1=0的所有解就是方程x3﹣(n2+1)x+n=0的解.
解决问题:求方程x3﹣5x+2=0的解为 x=2或x=﹣1+2或x=﹣1-2 .
【解答】解:∵x3﹣5x+2=0,
∴x3﹣4x﹣x+2=0,
∴x(x2﹣4)﹣(x﹣2)=0,
∴x(x+2)(x﹣2)﹣(x﹣2)=0,
则(x﹣2)[x(x+2)﹣1]=0,即(x﹣2)(x2+2x﹣1)=0,
∴x﹣2=0或x2+2x﹣1=0,
解得x=2或x=﹣1±2,
故答案为:x=2或x=﹣1+2或x=﹣1-2.
三、(本大题2个小题,每小题5分,满分10分)
17.(5分)(2020•常德)计算:20+(13)﹣1•4-4tan45°.
【解答】解:原式=1+3×2﹣4×1
=1+6﹣4
=3.
18.(5分)(2020•常德)解不等式组2x-1<x+4①23x-3x+12≤13②.
【解答】解:2x-1<x+4①23x-3x+12≤13②,
由①得:x<5,
由②得:x≥﹣1,
不等式组的解集为:﹣1≤x<5.
四、(本大题2个小题,每小题6分,满分12分)
第23页(共23页)
19.(6分)(2020•常德)先化简,再选一个合适的数代入求值:(x+1-7x-9x)÷x2-9x.
【解答】解:(x+1-7x-9x)÷x2-9x
=x(x+1)-(7x-9)x⋅x(x+3)(x-3)
=x2+x-7x+9(x+3)(x-3)
=(x-3)2(x+3)(x-3)
=x-3x+3,
当x=2时,原式=2-32+3=-15.
20.(6分)(2020•常德)第5代移动通信技术简称5G,某地已开通5G业务,经测试5G下载速度是4G下载速度的15倍,小明和小强分别用5G与4G下载一部600兆的公益片,小明比小强所用的时间快140秒,求该地4G与5G的下载速度分别是每秒多少兆?
【解答】解:设该地4G的下载速度是每秒x兆,则该地5G的下载速度是每秒15x兆,
由题意得:600x-60015x=140,
解得:x=4,
经检验:x=4是原分式方程的解,且符合题意,
15×4=60,
答:该地4G的下载速度是每秒4兆,则该地5G的下载速度是每秒60兆.
五、(本大题2个小题,每小题7分,满分14分)
21.(7分)(2020•常德)已知一次函数y=kx+b(k≠0)的图象经过A(3,18)和B(﹣2,8)两点.
(1)求一次函数的解析式;
(2)若一次函数y=kx+b(k≠0)的图象与反比例函数y=mx(m≠0)的图象只有一个交点,求交点坐标.
【解答】解:(1)把(3,18),(﹣2,8)代入一次函数y=kx+b(k≠0),得
3k+b=18-2k+b=8,
第23页(共23页)
解得k=2,b=12,
∴一次函数的解析式为y=2x+12;
(2)∵一次函数y=kx+b(k≠0)的图象与反比例函数y=mx(m≠0)的图象只有一个交点,
∴y=2x+12y=mx只有一组解,
即2x2+12x﹣m=0有两个相等的实数根,
∴△=122﹣4×2×(﹣m)=0,
∴m=﹣18.
把m=﹣18代入求得该方程的解为:x=﹣3,
把x=﹣3代入y=2x+12得:y=6,
即所求的交点坐标为(﹣3,6).
22.(7分)(2020•常德)如图1是自动卸货汽车卸货时的状态图,图2是其示意图.汽车的车厢采用液压机构、车厢的支撑顶杆BC的底部支撑点B在水平线AD的下方,AB与水平线AD之间的夹角是5°,卸货时,车厢与水平线AD成60°,此时AB与支撑顶杆BC的夹角为45°,若AC=2米,求BC的长度.(结果保留一位小数)
(参考数据:sin65°≈0.91,cos65°≈0.42,tan65°≈2.14,sin70°≈0.94,cos70°≈0.34,tan70°≈2.75,2≈1.41)
【解答】方法一:解:如图1,过点C作CF⊥AB于点F,
在Rt△ACF中,
∵sin∠CAB=sin(60°+5°)=sin65°=CFAC,
∴CF=AC•sin65°≈2×0.91=1.82,
在Rt△BCF中,
第23页(共23页)
∵∠ABC=45°,
∴CF=BF,
∴BC=2CF=1.41×1.82=2.5662≈2.6,
答:所求BC的长度约为2.6米.
方法二:解:如图2,过点A作AE⊥BC于点E,
在Rt△ACE中,∵∠C=180°﹣65°﹣45°=70°,
∴cosC=cos70°=CEAC,
即CE=AC×cos70°≈2×0.34=0.68,
sinC=sin70°=AEAC,
即AE=AC×sin70°≈2×0.94=1.88,
又∵在Rt△AEB中,∠ABC=45°,
∴AE=BE,
∴BC=BE+CE=0.68+1.88=2.56≈2.6,
答:所求BC的长度约为2.6米.
六、(本大题2个小题,每小题8分,满分16分)
23.(8分)(2020•常德)今年2﹣4月某市出现了200名新冠肺炎患者,市委根据党中央的决定,对患者进行了免费治疗.图1是该市轻症、重症、危重症三类患者的人数分布统计图(不完整),图2是这三类患者的人均治疗费用统计图.请回答下列问题.
(1)轻症患者的人数是多少?
第23页(共23页)
(2)该市为治疗危重症患者共花费多少万元?
(3)所有患者的平均治疗费用是多少万元?
(4)由于部分轻症患者康复出院,为减少病房拥挤,拟对某病房中的A、B、C、D、E五位患者任选两位转入另一病房,请用树状图法或列表法求出恰好选中B、D两位患者的概率.
【解答】解:(1)轻症患者的人数=200×80%=160(人);
(2)该市为治疗危重症患者共花费钱数=200×(1﹣80%﹣15%)×10=100(万元);
(3)所有患者的平均治疗费用=1.5×160+3×(200×15%)+100200=2.15(万元);
(4)列表得:
A
B
C
D
E
A
(B,A)
(C,A)
(D,A)
(E,A)
B
(A,B)
(C,B)
(D,B)
(E,B)
C
(A,C)
(B,C)
(D,C)
(E,C)
D
(A,D)
(B,D)
(C,D)
(E,D)
E
(A,E)
(B,E)
(C,E)
(D,E)
由列表格,可知:共有20种等可能的结果,恰好选中B、D患者概率的有2种情况,
∴P(恰好选中B、D)=220=110.
24.(8分)(2020•常德)如图,已知AB是⊙O的直径,C是⊙O上的一点,D是AB上的一点,DE⊥AB于D,DE交BC于F,且EF=EC.
(1)求证:EC是⊙O的切线;
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(2)若BD=4,BC=8,圆的半径OB=5,求切线EC的长.
【解答】解:(1)连接OC,
∵OC=OB,
∴∠OBC=∠OCB,
∵DE⊥AB,
∴∠OBC+∠DFB=90°,
∵EF=EC,
∴∠ECF=∠EFC=∠DFB,
∴∠OCB+∠ECF=90°,
∴OC⊥CE,
∴EC是⊙O的切线;
(2)∵AB是⊙O的直径,
∴∠ACB=90°,
∵OB=5,
∴AB=10,
∴AC=AB2-BC2=100-64=6,
∵cos∠ABC=BDBF=BCAB,
∴810=4BF,
∴BF=5,
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∴CF=BC﹣BF=3,
∵∠ABC+∠A=90°,∠ABC+∠BFD=90°,
∴∠BFD=∠A,
∴∠A=∠BFD=∠ECF=∠EFC,
∵OA=OC,
∴∠OCA=∠A=∠BFD=∠ECF=∠EFC,
∴△OAC∽△ECF,
∴ECOA=CFAC,
∴EC=OA⋅CFAC=5×36=52.
七、(本大题2个小题,每小题10分,满分20分)
25.(10分)(2020•常德)如图,已知抛物线y=ax2过点A(﹣3,94).
(1)求抛物线的解析式;
(2)已知直线l过点A,M(32,0)且与抛物线交于另一点B,与y轴交于点C,求证:MC2=MA•MB;
(3)若点P,D分别是抛物线与直线l上的动点,以OC为一边且顶点为O,C,P,D的四边形是平行四边形,求所有符合条件的P点坐标.
【解答】解:(1)把点A(﹣3,94)代入y=ax2,
得到94=9a,
∴a=14,
∴抛物线的解析式为y=14x2.
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(2)设直线l的解析式为y=kx+b,则有94=-3k+b0=32k+b,
解得k=-12b=34,
∴直线l的解析式为y=-12x+34,
令x=0,得到y=34,
∴C(0,34),
由y=14x2y=-12x+34,解得x=1y=14或x=-3y=94,
∴B(1,14),
如图1中,过点A作AA1⊥x轴于A1,过B作BB1⊥x轴于B1,则BB1∥OC∥AA1,
∴BMMC=MB1MO=32-132=13,MCMA=MOMA1=3232-(-3)=13,
∴BMMC=MCMA,
即MC2=MA•MB.
(3)如图2中,设P(t,14t2)
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∵OC为一边且顶点为O,C,P,D的四边形是平行四边形,
∴PD∥OC,PD=OC,
∴D(t,-12t+34),
∴|14t2﹣(-12t+34)|=34,
整理得:t2+2t﹣6=0或t2+2t=0,
解得t=﹣1-7或﹣1+7或﹣2或0(舍弃),
∴P(﹣1-7,2+72)或(﹣1+7,2-72)或(﹣2,1).
26.(10分)(2020•常德)已知D是Rt△ABC斜边AB的中点,∠ACB=90°,∠ABC=30°,过点D作Rt△DEF使∠DEF=90°,∠DFE=30°,连接CE并延长CE到P,使EP=CE,连接BE,FP,BP,设BC与DE交于M,PB与EF交于N.
(1)如图1,当D,B,F共线时,求证:
①EB=EP;
②∠EFP=30°;
(2)如图2,当D,B,F不共线时,连接BF,求证:∠BFD+∠EFP=30°.
【解答】证明(1)①∵∠ACB=90°,∠ABC=30°,
∴∠A=90°﹣30°=60°,
同理∠EDF=60°,
∴∠A=∠EDF=60°,
∴AC∥DE,
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∴∠DMB=∠ACB=90°,
∵D是Rt△ABC斜边AB的中点,AC∥DM,
∴BMBC=BDAB=12,
即M是BC的中点,
∵EP=CE,即E是PC的中点,
∴ED∥BP,
∴∠CBP=∠DMB=90°,
∴△CBP是直角三角形,
∴BE=12PC=EP;
②∵∠ABC=∠DFE=30°,
∴BC∥EF,
由①知:∠CBP=90°,
∴BP⊥EF,
∵EB=EP,
∴EF是线段BP的垂直平分线,
∴PF=BF,
∴∠PFE=∠BFE=30°;
(2)如图2,延长DE到Q,使EQ=DE,连接CD,PQ,FQ,
∵EC=EP,∠DEC=∠QEP,
∴△QEP≌△DEC(SAS),
则PQ=DC=DB,
∵QE=DE,∠DEF=90°
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∴EF是DQ的垂直平分线,
∴QF=DF,
∵CD=AD,
∴∠CDA=∠A=60°,
∴∠CDB=120°,
∴∠FDB=120°﹣∠FDC=120°﹣(60°+∠EDC)=60°﹣∠EDC=60°﹣∠EQP=∠FQP,
∴△FQP≌△FDB(SAS),
∴∠QFP=∠BFD,
∵EF是DQ的垂直平分线,
∴∠QFE=∠EFD=30°,
∴∠QFP+∠EFP=30°,
∴∠BFD+∠EFP=30°.
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