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  • 2021-05-13 发布

备战2020年高考数学大一轮复习 热点聚焦与扩展 专题14 利用导数证明一元不等式

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专题14 利用导数证明一元不等式 ‎【热点聚焦与扩展】‎ 利用函数性质与最值证明一元不等式,是导数综合题常涉及的一类问题,考查学生构造函数、选择函数的能力,体现了函数最值的一个作用——每一个函数的最值带来一个恒成立的不等式.此外所证明的不等式也有可能对后一问的解决提供帮助,处于承上启下的位置.‎ ‎1、证明方法的理论基础 ‎(1)若要证(为常数)恒成立,则只需证明:,进而将不等式的证明转化为求函数的最值 ‎(2)已知的公共定义域为,若,则 证明:对任意的,有 由不等式的传递性可得:,即 ‎2、证明一元不等式主要的方法有两个:‎ ‎ 第一个方法是将含的项或所有项均挪至不等号的一侧,将一侧的解析式构造为函数,通过分析函数的单调性得到最值,从而进行证明,其优点在于目的明确,构造方法简单,但对于移项后较复杂的解析式则很难分析出单调性 ‎ ‎ 第二个方法是利用不等式性质对所证不等式进行等价变形,转化成为的形式,若能证明,即可得:,本方法的优点在于对的项进行分割变形,可将较复杂的解析式拆成两个简单的解析式.但缺点是局限性较强,如果与不满足,则无法证明.所以用此类方法解题的情况不多,但是在第一个方法失效的时候可以考虑尝试此法.‎ ‎3、在构造函数时把握一个原则:以能够分析导函数的符号为准则.‎ ‎4、若在证明中,解析式可分解为几个因式的乘积,则可对每个因式的符号进行讨论,进而简化所构造函数的复杂度.‎ ‎5、合理的利用换元简化所分析的解析式.‎ ‎6、判断解析式符号的方法:‎ ‎(1)对解析式进行因式分解,将复杂的式子拆分为一个个简单的式子,判断出每个式子的符号即可得到解析式的符号 29‎ ‎(2)将解析式视为一个函数,利用其零点(可猜出)与单调性(利用导数)可判断其符号 ‎(3)将解析式中的项合理分组,达到分成若干正项的和或者若干负项的和的结果,进而判断出解析式符号 ‎【经典例题】‎ 例1【2019年贵州省普高等学校招生适应性考试】已知函数.‎ ‎(1)求函数的单调区间;‎ ‎(2)若,求证: (为自然对数的底数).‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1) ,对a分类讨论,得到函数的单调区间;‎ ‎(2) 等价于,令,求出其最小值,并证明其大于零即可.‎ 综上所述,当时, 只有增区间为.‎ 当时, 的增区间为,减区间为.‎ ‎(2)等价于.‎ 令,‎ 而在单调递增,且, .‎ 29‎ 令,即, ,‎ 则时, 时,‎ 故在单调递减,在单调递增,‎ 所以 .‎ 即.‎ ‎【名师点睛】(1)此题的解法为证明一元不等式的基本方法,即将含的项移至不等号的一侧,构造函数解决。‎ ‎(2)一些常见不等关系可记下来以备使用:‎ ‎① ② ③ ‎ 例2【2019届贵州省凯里市第一中学高三下学期《黄金卷》第三套】已知函数.‎ ‎(Ⅰ)试讨论函数的单调性;‎ ‎(Ⅱ)对,且,证明: .‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)的定义域为,且,对m分类讨论,明确函数的单调性;(2)要证: 只需证: 即证: . 设,研究函数的单调性即可.‎ ‎②当时,对,有,函数在单调递减;‎ 对,有,函数在单调递增. ‎ 29‎ ‎(II)对且,要证: ‎ 只需证: 即证: . 设,则 当时,有,故函数在单调递减.‎ 又,且,所以,即.‎ ‎ 成立 故原不等式成立. ‎ 例3【2019届河南省郑州市高三第二次质量预测】已知函数.‎ ‎(Ⅰ)求曲线在处的切线方程;‎ ‎(Ⅱ)求证:当时, .‎ ‎【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)则导数的几何意义可求得曲线在处的切线方程。(2)由(1)当时, ,即, +,只需证, x 所以. 过点,且在处的切线方程为,故可猜测:当时, 的图象恒在切线的上方.‎ 下证:当时, ‎ 设,则,‎ 在上单调递减,在上单调递增,又 29‎ ‎,∴,‎ 所以,存在,使得,‎ 所以,当时, ;当时, ,故在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,‎ 又,∴,当且仅当时取等号,故.‎ 又,即,当时,等号成立.‎ ‎【点睛】解本题的关键是第(1)结论对第(2)问的证明铺平了路,只需证明x.所以利用导数证明不等式时,要进行适当的变形,特别是变形成第(1)问相似或相同形式时,将有利于快速证明.‎ 例4【2019届湖南省衡阳市高三二模】已知函数 .‎ ‎(1)当时,证明: ;‎ ‎(2)当时,函数单调递增,求的取值范围.‎ ‎【答案】(1)证明见解析;(2).‎ 不符合题意,舍去;③当存在部分不合题意,综合三种情况可得结果.‎ 试题解析:证明:(1)当时,即证: ,‎ ‎,令,‎ 29‎ 则,当时,有.‎ 当时, 单调递增;‎ 当时,有.当时, 单调递减, .取等号条件不不⼀致,‎ ‎(此问可以参考如图理解). .‎ ‎(2)依题在上恒成立,‎ 令,‎ 又令,所以当时, 在上单调递增,‎ ‎,因此,‎ ‎,当时, 在时单调递减,‎ 当时, 在单调递减, ,不符合题意舍去.‎ 综上: .‎ 例5【2019届河南省中原名校(即豫南九校)高三第六次质量考评】已知函数.‎ ‎(1)若曲线在处的切线过原点,求实数的值;‎ 29‎ ‎(2)若,求证当时, .‎ 参考数据: .‎ ‎【答案】(1) ;(2)证明见解析.‎ ‎【解析】试题分析: 求出导数,求得切点的斜率,然后根据两点间的斜率公式,解方程即可求得实数的值; 构造,求导得在上单调递减,设,代入换元,求导证明结果 解析:(1)因为,‎ 所以,‎ 由题意知,曲线在处的切线过原点,‎ 则切线斜率,‎ 设,则,‎ 由且,可知,‎ 所以在上单调递减,‎ 所以当时, . ‎ 29‎ 所以当时, ,‎ 即当时, .‎ 点睛:本题主要考查的知识点是利用导数研究曲线上某点切线方程,还考查了利用导数研究函数的单调性,利用导数证明不等式,考查了学生的运算求解能力,在证明过程中注意换元思想及二阶导数的运用.‎ 例6【2019届陕西省高三检测(二)】已知函数,直线与曲线切于点且与曲线切于点.‎ ‎(1) 求的值和直线的方程;‎ ‎(2)求证: .‎ ‎【答案】(1), ;(2)证明见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)分别求出的导数,求得切线的斜率和切线方程,再由切线唯一,即可求得a,b和切线方程;‎ ‎(2)由(1)知, ,则即为证明.‎ 设,通过求导研究函数的性质可得 ‎.当时,等号成立.再设,则.命题得证.‎ 试题解析:(1) ,‎ 29‎ ‎,‎ 曲线在点处的切线为,‎ 曲线在点处的切线为 ‎,即.‎ 当时, ;‎ 当时, .‎ 在单调递减,在单调递增,‎ ‎.当时,等号成立.‎ 设,则.‎ 当且仅当时,等号成立.‎ 又与不同时为0, .‎ ‎.‎ 29‎ 故.‎ 例7【2019届山西省榆社中学高三诊断性模拟】已知函数.‎ ‎(1)讨论函数在上的单调性; ‎ ‎(2)比较与的大小,并加以证明.‎ ‎【答案】(1)见解析(2)‎ ‎【解析】试题分析:(1)由题意,可采用导数法进行探究讨论,由函数求出其导数,根据导数解析式中参数及未知数的范围,进行分类讨论,从而对导数符号进行判断,从而问题可得解;‎ ‎(2)根据题意,可构造函数,利用导数法,通过研究函数的单调性及单调区间,求出其最小值,并证明,从而问题可得解.‎ 试题解析:(1),‎ 当,即时, ,‎ ‎∴在上单调递减;‎ 证明如下:‎ 设,‎ 29‎ ‎∵为增函数 ‎∴可设,∵, ,‎ ‎∴‎ 当时, ;当时, .‎ ‎∴‎ 又,∴,‎ ‎∴,‎ ‎∵,∴,‎ ‎∴,∴.‎ ‎【名师点睛】此题主要考查导数在研究函数的单调性、最值、以及不等式的证明中的应用,属于中高档题型,也是常考题.利用导数研究函数单调性的一般步骤,第一确定函数的定义域;第二求函数的导数;第三若求单调区间(或证明单调性),只需在函数的定义域内解(或证明)不等式或;若已知函数的单调性求参数,只需转化为不等式或在单调区间内恒成立的问题求解,在求解过程中要注意分类讨论.‎ 例8【2019届四川省德阳市高三二诊】已知函数且.‎ ‎(1)求实数的值;‎ ‎(2)令在上的最小值为,求证:.‎ ‎【答案】(1).(2)见解析.‎ ‎(2)由(1)知 ,‎ 所以,‎ 29‎ 令,可证,使得,且当时,;当时,,进而证明 ,‎ 即. 试题解析:(1)法1:由题意知:恒成立等价于在时恒成立,‎ 令,则,‎ 所以要使在时恒成立,则只需,‎ 亦即,‎ 令,则,‎ 所以当时,;当时,,即在上单调递减,在上单调递增.‎ 又,所以满足条件的只有2,‎ 即.‎ 法2:由题意知:恒成立等价于在时恒成立,‎ 令,由于,故 ,‎ 所以为函数的最大值,同时也是一个极大值,故.‎ 又,所以,‎ 此时,当时,,当时,,‎ 即:在上单调递增;在上单调递减.‎ 故合题意.‎ ‎(2)由(1)知 ,‎ 29‎ 所以,‎ 令,则,‎ 即,所以 ,‎ 即.‎ 例9【2019届衡水金卷(一)】已知函数,且函数的图象在点处的切线斜率为.‎ ‎(1)求的值,并求函数的最值;‎ ‎(2)当时,求证:.‎ ‎【答案】(1)答案见解析;(2)证明见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)由,可求得b=1,代入函数得,所以分0和0讨论单调性,再求得函数最值。(2)构造函数,只需证 在R上恒成立,显然时,符合,当时,,导函数零点,由单调可知下证 ,在区间上恒成立。‎ 试题解析:(1)由题得,,‎ 根据题意,得,∴,‎ ‎∴.‎ 当时,,在上单调递减,没有最值;‎ 当时,令,得,令,得,‎ ‎∴在区间上单调递增,在区间上单调递减,‎ ‎∴在处取得唯一的极大值,即为最大值,且.‎ 29‎ 综上所述,当时,没有最值;‎ 当时,的最大值为,无最小值.‎ ‎(2)要证,即证,‎ ‎∴.‎ ‎∵,‎ ‎∴,,‎ ‎∴,即成立,‎ 故原不等式成立.‎ ‎【点睛】利用导数证明不等式恒成立问题是常见题型,要证,只需证成立,即证.即转化为求函数的最值问题.‎ 例10【2019届河北省保定市高三一模】已知函数.‎ ‎(1)判断函数的单调性;‎ ‎(2)设函数,证明:当 且时, .‎ ‎【答案】(1)答案见解析;(2)证明见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)先求导数,再研究二次方程解的情况:先讨论导函数不变号的情况,再讨论有两个不等根,最后根据导函数符号确定单调性,(2)先作差函数,求导转化研究根的情况,有一正根,表示差函数最小值,最后利用导数研究最小值函数最小值大于零.‎ 29‎ 单调递减区间为;‎ ‎(2)令, ,‎ 设的正根为,所以,‎ ‎∵,∴,‎ 在上为减函数,在上为增函数,‎ ‎,‎ 令,‎ 恒成立,所以在上为增函数,‎ 又∵,∴,即,‎ 所以,当时, .‎ ‎【精选精练】‎ ‎1.【2019届河北省唐山市高三二模】设 .‎ ‎(1)证明: 在上单调递减;‎ ‎(2)若,证明: .‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)见解析 29‎ ‎【解析】试题分析:(1)第(1)问,直接求导,证明0<x<1时, f¢(x)<0 .(2)第(2)问,‎ 分0<a≤和<a<1两种情况证明,每一种情况都是先通过求单调性再求函数的最小值大于1.‎ ‎(2)g¢(x)=axlna+axa-1=a(ax-1lna+xa-1),‎ 当0<a≤时,lna≤-1,所以ax-1lna+xa-1≤xa-1-ax-1.‎ 由(Ⅰ)得,所以(a-1)lnx<(x-1)lna,即xa-1<ax-1,‎ 所以g¢(x)<0,g(x)在(a,1)上单调递减,‎ 即g(x)>g(1)=a+1>1.‎ 当<a<1时,-1<lna<0.‎ 令t(x)=ax-xlna-1,0<a<x<1,则t¢(x)=axlna-lna=(ax-1)lna>0,‎ 所以t(x)在(0,1)上单调递增,即t(x)>t(0)=0,‎ 所以ax>xlna+1‎ 所以g(x)=ax+xa>xa+xlna+1=x(xa-1+lna)+1>x(1+lna)+1>1.‎ 综上,g(x)>1.‎ 点睛:本题的难点在第(2)问,当0<a≤时求导之后,怎么证明g¢(x)=axlna+axa-1=a(ax-1lna+xa-1)<0,其中用到了第一问的结论,不然不是很好判断导数的正负.‎ ‎2【2019届河北省石家庄市高三下学期一模】已知函数, ,在 29‎ 处的切线方程为.‎ ‎(1)求, ;‎ ‎(2)若,证明: .‎ ‎【答案】(1), ;(2)见解析 ‎【解析】试题分析:(1)求出函数的导数,得到关于 的方程组,解出即可;‎ ‎(2)由(1)可知, ,‎ 由,可得,令, 利用导数研究其单调性可得 ‎,‎ ‎(2)由(1)可知, ,‎ 由,可得,‎ 令, ‎ ‎,‎ 令 当时, , 单调递减,且;‎ 当时, , 单调递增;且,‎ 所以在上当单调递减,在上单调递增,且,‎ 故,‎ 29‎ 故.‎ ‎【点睛】本题考查利用函数的切线求参数的方法,以及利用导数证明不等式的方法,解题时要认真审题,注意导数性质的合理运用.‎ ‎3.【2019届湖南省(长郡中学、衡阳八中)、江西省(南昌二中)等十四校高三第二次联考】已知 .‎ ‎(1)求的单调递减区间;‎ ‎(2)证明:当时, 恒成立.‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)见解析 试题解析:(1)易得定义域为,‎ ‎ ‎ ‎,解得或.‎ 当时,∵,∴,‎ 解得,∴的单调递减区间为;‎ 当时,‎ i.若,即时, 时, ,‎ 时, , 时, ,‎ 29‎ ‎∴的单调递减区间为;‎ ii.若,即时, 时, 恒成立,‎ 时,无单调递减区间; 时,单调递减区间为.‎ ‎(2)令 ,‎ 则 ‎ ‎.‎ 令, ,‎ 时, , 时, ,‎ ‎∴时, ,即时, 恒成立.‎ 解得或, 时, , 时,‎ ‎,∴时, ,得证.‎ ‎4.已知函数, .‎ ‎(1)讨论函数的单调性;‎ 29‎ ‎(2)当时,证明.‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)见解析 ‎【解析】试题分析:(1)先求出函数的定义域与导函数,讨论参数a和时的单调性即可;(2) 由(1)知,当时, . 只需证,构造关于a的新函数,求导判断单调性求出最值即可得证.‎ 试题解析:‎ ‎(1)函数的定义域为,且. ‎ 当时, , 在上单调递增; ‎ 当时,若时,则,函数在上单调递增;若时,则,‎ 所以.‎ 所以恒成立,所以 .‎ ‎5.设函数 ‎ ‎(1)当时,恒成立,求的取值范围;‎ ‎(2)求证:当时,.‎ ‎【答案】(1)a≥1;(2)见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)恒成立,变形为在上恒成立,设 29‎ ‎,即求。(2)原不等式可等价变形 即0,设,由(Ⅰ)知:当时,,所以所以有 试题解析:(Ⅰ)由题设知在上恒成立,设 ‎ 则当时, 即在上为减函数 ‎∴当时,, ‎ 即在上为增函数,此时有,即 ‎∴当x(0,+)时,. ‎ ‎【名师点睛】不等式恒成立,求参数范围,常用分离参数法,转化为为求函数最值范围。在导数解决不等式问题,常用到一些恒成立的式子进行放缩,本题第一问题就是一个常见不等式,放缩常常用到的不等式有:‎ ‎(1)‎ ‎(2)‎ ‎(3)‎ ‎(4)‎ 29‎ ‎6.【2019届北京市门头沟一模】已知在处的切线方程为。‎ ‎(1)求的解析式;‎ ‎(2)求的导函数的零点个数;‎ ‎(3)求证: .‎ ‎【答案】(1); (2)1个;(3)见解析.‎ ‎(2),设,‎ 则, 在上递增,‎ ‎,存在,‎ 的导函数的零点个数为1个。‎ ‎(3)由(2)可知, 在上递减,在上递增,‎ ‎,所以, .‎ 点睛:利用导数证明不等式常见类型及解题策略(1) 构造差函数.根据差函数导函数符号,确定差函数单调性,利用单调性得不等量关系,进而证明不等式.(2)根据条件,寻找目标函数.一般思路为利用条件将求和问题转化为对应项之间大小关系,或利用放缩、等量代换将多元函数转化为一元函数.‎ ‎7【2019届衡水金卷(五)】已知函数,其中为自然对数的底数.‎ ‎(1)求函数的单调区间;‎ 29‎ ‎(2)求证: 时, .‎ ‎【答案】(1) 的增区间为,减区间为.(2)见解析.‎ 故在区间内, ;‎ 在区间内, ;‎ 在区间内, ,‎ 故的增区间为,减区间为.‎ ‎(2)原式化为,令,‎ 由(1)可知在区间内单调递减,在区间内单调递增, .(*)‎ 令,则,‎ 设,则,‎ 故仅有一解为,‎ 在区间内, ,‎ 在区间内, ,‎ 故.(**)‎ 由(*)(**)式相乘得,‎ 即,‎ 29‎ 当时,取等号.‎ ‎8.【2019届安徽省马鞍山市高三第二次监测】已知函数.‎ ‎(1)若在定义域内无极值点,求实数的取值范围;‎ ‎(2)求证:当时,恒成立.‎ ‎【答案】(1);(2)见解析 中结论可得在上单调递増,根据可得存在唯一的零点,且在上单调递减,在上单调递増,故可得结论.‎ 试题解析:(1)由题意知,‎ 令,则,‎ 当时,在上单调递减, ‎ 当时,在上单调递增,‎ 又,∵在定义域内无极值点,‎ ‎∴ ‎ 又当时,在和上都单调递增也满足题意,‎ 由知 29‎ 即当时,恒成立.‎ ‎9.【2019届云南省昆明市高三二统】函数, .‎ ‎(1)求函数的极值;‎ ‎(2)若,证明:当时, .‎ ‎【答案】(1)函数只有极小值.‎ ‎(2)见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)求出,分别令求得的范围,可得函数增区间, 求得的范围,可得函数的减区间,根据单调性可得函数的极值;(2)不等式等价于,由(1)得,可得,设,利用导数研究函数的单调性,根据单调性可得,进而可得结果.‎ 试题解析:(1)函数的定义域为, ,‎ 由得, 得,所以函数在单调递减,‎ 在上单调递增,所以函数只有极小值.‎ ‎(2)不等式等价于,由(1)得: .‎ 所以, ,所以 . ‎ 令,则,当时, ,‎ 所以在上为减函数,因此, ,‎ 因为,所以,当时, ,所以,而,所以.‎ ‎10.【2019届新疆乌鲁木齐市2019届高三第二次监测】已知.‎ 29‎ ‎(1)当时,讨论函数的零点个数,并说明理由;‎ ‎(2)若是的极值点,证明.‎ ‎【答案】(1)恒有两个零点;(2)证明见解析.‎ 根据导数得到的单调性和最小值,证得,即可作出证明.‎ 试题解析:‎ ‎(1)当时, ,‎ ‎, , ,‎ ‎, ,‎ ‎∴在上递减,在上递增,∴恒有两个零点;‎ ‎(2)∵,∵是的极值点,‎ ‎∴;∴‎ 故要证: ,令,即证,‎ 29‎ 故有唯一的根, ,‎ 当时, ,当时, ,‎ ‎∴ .‎ 综上得证.‎ ‎11【2019届北京市汇文实验中学高三九月月考】已知函数.‎ ‎(Ⅰ)若函数在点处的切线方程为,求切点的坐标;‎ ‎(Ⅱ)求证:当时, .(其中).‎ ‎【答案】(Ⅰ).(Ⅱ)见解析.‎ ‎【解析】试题分析: 求出,根据导数的几何意义结合切线方程,即可得到结论; 构造函数,求出,利用单调性即可证明 解析:(Ⅰ)由,得,‎ 因为函数在点处的切线方程为,‎ 所以,得.‎ 所以切点的坐标为.‎ ‎(Ⅱ)设 ‎,‎ 令,得 当时, ,‎ 29‎ 点睛:本题主要考查的知识点是导数的几何意义,利用导数求闭区间上函数的最值问题。求导,利用导数的几何意义进行求解; 作差构造函数,将不等式恒成立问题转化为求函数的最值,求导,利用导函数的符号确定函数的单调性和最值。‎ ‎12.【2019届云南省昆明市高三二统】已知函数, .‎ ‎(1)当时,求函数的极值;‎ ‎(2)若,证明:当时, .‎ ‎【答案】(1)见解析.(2)见解析.‎ ‎【解析】试题分析:(1)由导数可求得单调区间及极值。(2)同(1)可知, , , ,即证>0.‎ 试题解析:(1),由得.‎ 由得, 得,‎ 所以函数只有极小值.‎ ‎(2)不等式等价于,由(1)得: ,‎ 所以,所以, ,‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 29‎ 所以,所以,而,所以.‎ ‎【点睛】利用导数证明不等式恒成立问题,不能强制多次求导,要考虑对不等式进行变形,特别题目有第(1)问是要考虑利用第(1)的结果,对不等式进行变形,特别注意常见函数不等式的切线放缩的几个常见式子.如本题就是利用了进行放缩变形.‎ 29‎