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  • 2021-05-26 发布

高中物理第八章气体第1节气体的等温变化导学案新人教版选修3-31

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1 气体的等温变化 内容 要求 等温变化 知道描述气体热学状态的参量及其物理意义,知道什么是等温变化,会 用等温变化的规律解释有关的物理现象。 玻意耳定律 掌握玻意耳定律的条件、内容、表达式,会用公式分析、计算有关问题; 理解气体等温变化的 p-V 图象。 在一个恒温池中,一串串气泡由池底慢慢升到水面,有趣的是气泡在上升过程中体积逐 渐增大,到达水面处破裂。同学们想一下,气泡在上升过程中体积为何会逐渐增大呢? 提示:气泡在上升过程中可认为温度不变,由于在上升过程中压强不断变小,由玻意耳 定律可知,体积会逐渐变大。 一、等温变化 1.概念:一定____的气体,在____不变的条件下其压强与体积间发生的变化,叫做等 温变化。 2.实验探究 实验器材 铁架台、______、气压计等 研究对象 注射器内被封闭的一定质量的______ 数据收集 气体的压强由______读出,空气柱体积(长度)由______读出 数据处理 以______为纵坐标,以__________为横坐标,作出________图象 图象结果 p-1 V 图象是一条____________ 实验结论 一定质量的气体,在温度不变的条件下,其压强与__________成正比, 即压强与____成反比 思考 1:若实验数据呈现气体体积减小、压强增大的特点,能否断定压强与体积成反比? 二、玻意耳定律 1.内容:一定____的某种气体,在____不变的情况下,压强 p 与体积 V 成____比。 2.公式:____=C(常数)或 p1V1=____(其中 p1、V1 和 p2、V2 分别表示气体在 1、2 两个 不同状态下的压强和体积)。 3.条件:气体的____一定,____不变。 三、气体等温变化的 p-V 图象 1.p-V 图象 一定质量的某种气体发生等温变化时的 p-V 图象为______的一支,如图所示。 2.p-1 V 图象 一定质量的某种气体发生等温变化时的 p-1 V 图象为延长线过____的________,如图所 示。 思考 2:如图所示有两条等温线,你能判断哪条等温线表示的温度比较高吗?为什么? 答案:一、1.质量 温度 2.注射器 空气柱 气压计 刻度尺 压强 p 体积的倒数 p1 V 过原点的直线 体 积的倒数 体积 思考 1 提示:不能,也可能压强 p 与体积 V 的二次方(三次方)或与 V等成反比,只有作出 p 1 V 图象是直线,才能断定 p 与 V 成反比。 二、1.质量 温度 反 2.pV p2V2 3.质量 温度 三、1.双曲线 2.原点 倾斜直线 思考 2 提示:T2,因为它的 pV 乘积大。 一、封闭气体压强的计算 1.静止或匀速运动系统中封闭气体压强的确定 (1)液体封闭的气体的压强 ①平衡法:选与气体接触的液柱为研究对象,进行受力分析,利用它的受力平衡,求出 气体的压强。 例如:在竖直放置的 U 形管内用密度为ρ的两部分液体封闭着两段空气柱。大气压强为 p0,各部分尺寸如图甲所示。求 A、B 气体的压强。 甲 求 pA:取液柱 h1 为研究对象,设管截面积为 S,大气压力和液柱重力向下,A 气体压力 向上,液柱 h1 静止,如图乙(a),则 p0S+ρgh1S=pAS,所以 pA=p0+ρgh1。 乙 求 pB:取液柱 h2 为研究对象,由于 h2 的下端是连通器,A 气体压强由液体传递后对 h2 的压力向上,B 气体压力、液柱 h2 重力向下,液柱平衡如图乙(b),则 pBS+ρgh2S=pAS,所 以 pB=p0+ρgh1-ρgh2。 熟练后,可直接由压强平衡关系写出待测压强,不一定非要从力的平衡方程式找起。 ②取等压面法:根据同种液体在同一水平液面处压强相等,在连通器内灵活选取等压面, 由两侧压强相等建立方程求出压强,仍以图甲为例:求 pB 时从 A 气体下端面作等压面,则 有 pB+ρgh2=p0+ρgh1,所以 pB=p0+ρgh1-ρgh2。 选取等压面时要注意气体下面一定是同种液体,否则就没有压强相等的关系。 (2)固体(活塞或汽缸)封闭的气体的压强 由于该固体必定受到被封闭气体的压力,所以可通过对该固体进行受力分析,由平衡条 件建立方程,找出气体压强与其他各力的关系。 例如:一圆形汽缸静置于地面上,如图所示,汽缸的质量为 m1,活塞的质量为 m2,活塞 面积为 S,大气压强为 p0,现将活塞缓慢上提,求汽缸刚离开地面时汽缸内气体的压强。(忽 略摩擦) 此问题中的活塞和汽缸均处于平衡状态。以活塞为研究对象,受力分析如图甲所示,由 平衡条件得: F+pS=m2g+p0S 由于 F 未知,再以活塞和汽缸整体为研究对象,受力如图乙(由于外界大气压力相互抵 消,不再画出),则有 F=(m1+m2)g 由以上两式可求得 p=p0-m1g S 。 也可只以汽缸为研究对象,有:pS+m1g=p0S,也可得:p=p0-m1g S 。 在分析活塞、汽缸受力时,要特别注意大气压力何时必须考虑,何时可不考虑。 2.加速运动系统中封闭气体压强的确定 常从两处入手:一是选择与气体接触的液柱或活塞等为研究对象,受力分析,利用牛顿 第二定律解出。二是对气体,考虑用气体定律确定(后面遇到)。具体问题中常把二者结合起 来,建立方程组联立求解。 例如,如图所示的试管内由水银封有一定质量的气体,静止时气柱长为 l0,大气压强为 p0。当试管绕竖直轴以角速度ω在水平面内匀速转动时气柱长变为 l。其他尺寸如图所示。 求转动时的气体压强。(设温度不变,试管截面积为 S,水银密度为ρ) 选取水银柱为研究对象,转动所需向心力由液柱两侧气体压力差提供。 (p-p0)S=mω2R 而 m=ρl1S,R=l2+l1 2 所以 p=p0+ρl1ω2(l2+l1 2 )。 (1)在考虑与气体接触的液柱所产生的附加压强 p=ρgh 时,应特别注意 h 是表示液面 间的竖直高度,不一定是液柱长度。 (2)连通器原理:在连通器中,同一种液体(中间液体不间断)的同一水平液面上的压强 相等,如图中同一液面 C、D 处压强相等,则 pA=p0+ph。 二、对玻意耳定律的理解及应用 1.成立条件:玻意耳定律 p1V1=p2V2 是实验定律。只有在气体质量一定、温度不变的条 件下才成立。 2.恒量的定义:p1V1=p2V2=恒量 C。 该恒量 C 与气体的种类、质量、温度有关,对一定质量的气体,温度越高,该恒量 C 越大。 3.两种等温变化图象 两种图象 内容 p- 1 V 图象 p-V 图象 图象特点 物理意义 一定质量的气体,温度不变时,pV=恒量, p 与 V 成反比,p 与1 V 就成正比,在 p-1 V 图 上的等温线应是过原点的直线 一定质量的气体,在温度不变 的情况下 p 与 V 成反比,因此 等温过程的 p-V 图象是双曲线 的一支 温度高低 直线的斜率为 p 与 V 的乘积,斜率越大, pV 乘积越大,温度就越高,图中 T2>T1 一定质量的气体,温度越高, 气体压强与体积的乘积必然越 大,在 p-V 图上的等温线就越 高,图中 T2>T1 4.利用玻意耳定律解题的基本思路 (1)明确研究对象,根据题意确定所研究的是哪部分封闭气体,注意其质量和温度应不 变。 (2)明确状态参量,找准所研究气体初、末状态的 p、V 值。 (3)根据玻意耳定律列方程求解。 利用玻意耳定律解题时,经常使用 p1V1=p2V2 或p1 p2 =V2 V1 这两种形式,单位要求使用同一单 位即可。 类型一 气体压强的计算 【例 1】 如图所示,一个横截面积为 S 的圆筒形容器竖直放置,金属圆板的上表面是水平的,下 表面是倾斜的,下表面与水平面的夹角为θ,圆板的质量为 m,不计圆板与容器内壁的摩擦。 若大气压强为 p0,则被圆板封闭在容器中的气体的压强等于( )。 A.p0+mgcos θ S B. p0 cos θ + mg Scos θ C.p0+mgcos2θ S D.p0+mg S 点拨:对封闭气体的圆板进行受力分析,然后根据平衡条件即可求出封闭气体的压强。 解析:为求气体的压强,应以封闭气体的圆板为研究对象,分析其受力,如图所示。由 物体的平衡条件得 p S cos θ ·cos θ=p0S+mg 解得:p=p0+mg S 所以正确选项为 D。 答案:D 题后反思:由本例题可以看出,当由液体或固体(活塞)封闭一部分气体,而且处于平衡 状态时,可以封闭气体的液体或固体为研究对象,分析其受力情况,画出受力图,由平衡条 件列出方程,从而求得气体压强。这是描述气体状态参量时经常采用的方法,应该熟练掌握。 触类旁通:若整体向上匀加速,加速度为 a,则封闭在容器中的气体的压强是多少? 类型二 玻意耳定律的应用 【例 2】 粗细均匀的玻璃管内封闭一段长为 12 cm 的空气柱。一个人手持玻璃管开口 向下潜入水中,当潜到水下某深度时看到水进入玻璃管口 2 cm,求人潜入水中的深度。(玻 璃管内气体温度视为不变,取水面上大气压强为 p0=1.0×105 Pa,g=10 m/s2) 点拨:由于玻璃管内气体温度不变,被封闭气体的质量也不变,所以根据玻意耳定律问 题即可解决。 解析:确定研究对象为被封闭的一部分气体,玻璃管下潜的过程中气体的状态变化为等 温过程。 设潜入水下的深度为 h,玻璃管的横截面积为 S。气体的初末状态参量分别为 初状态:p1=p0,V1=12S。 末状态:p2=p0+ρgh,V2=10S。 由玻意耳定律 p1V1=p2V2,得 p0 p0+ρgh =10S 12S 。 解得:h=2 m。 答案:2 m 题后反思:应用玻意耳定律分析问题时要明确研究对象,确认温度不变,找准初、末状 态,分析并确定状态参量(p1,V1,p2,V2),注意单位要统一,其中正确确定压强是运用玻意 耳定律的前提。 答案:触类旁通 答案:以活塞为研究对象,根据牛顿第二定律得 p S cos θ ·cos θ-p0S-mg=ma 解得:p=p0+m(g+a) S 。 1.有一段 12 cm 长的汞柱,在均匀玻璃管中封住一定质量的气体,若开口向上将玻璃 管放置在倾角为 30°的光滑斜面上,在下滑过程中被封气体的压强为(大气压强 p0=76 cmHg)( )。 A.76 cmHg B.82 cmHg C.88 cmHg D.70 cmHg 2.(2010·广东理综)如图所示,某种自动洗衣机进水时,与洗衣缸相连的细管中会封 闭一定质量的空气,通过压力传感器感知管中的空气压力,从而控制进水量。设温度不变, 洗衣缸内水位升高,则细管中被封闭的空气( )。 A.体积不变,压强变小 B.体积变小,压强变大 C.体积不变,压强变大 D.体积变小,压强变小 3.如图所示为一定质量的气体在不同温度下的两条 p- 1 v 图线。由图可知( )。 A.一定质量的气体在发生等温变化时,其压强与体积成正比 B.一定质量的气体在发生等温变化时,其 p- 1 v 图线延长后经过坐标原点 C.T1>T2 D.T1<T2 4.如图所示,两端开口的均匀玻璃管竖直插入水银槽中,管中有一段水银柱 h1 封闭一 定质量的气体,这时管下端开口处内外水银面高度差为 h2,若保持环境温度不变,当外界压 强增大时,下列分析正确的是( )。 A.h2 变长 B.h2 变短 C.h1 上升 D.h1 下降 5.(2011·海南单科)如图,容积为 V1 的容器内充有压缩空气。容器与水银压强计相连, 压强计左右两管下部由软胶管相连,气阀关闭时,两管中水银面等高,左管中水银面上方到 气阀之间空气的体积为 V2。打开气阀,左管中水银面下降;缓慢地向上提右管,使左管中水 银面回到原来高度,此时右管与左管中水银面的高度差为 h。已知水银的密度为ρ,大气压 强为 p0,重力加速度为 g;空气可视为理想气体,其温度不变。求气阀打开前容器中压缩空 气的压强 p1。 答案:1.A 水银柱所处的状态不是平衡状态,因此不能用平衡条件来处理。水银柱的 受力分析如图所示,因玻璃管和水银柱组成系统的加速度 a=gsin θ,所以对水银柱,由牛 顿第二定律得: p0S+mgsin θ-pS=ma 故 p=p0。 2.B 水位升高,封闭气体体积减小,由玻意耳定律 pV=C 可知压强变大,选项 B 正确。 3.BD 因为一定质量的气体温度不变时,pV=C,所以其 p -1 V 图线延长后经过坐标原 点,所以 B 项正确;对同一部分气体来说,体积一定时,温度越高压强越大,所以 T2>T1, D 项正确。 4.D 被封闭气体的压强为 p=p0+h1,或 p=p0+h2,始终有 h1=h2;当 p0 增大时,被 封闭气体的压强增大,由玻意耳定律知,封闭气体的体积应减小。 5.解析:先选体积为 V2 的那部分气体为研究对象。其初状态的压强为 p0,末状态的压 强为(p0+ρgh),设末状态的体积为 V2′,由玻意耳定律得 p0V2=(p0+ρgh)V2′ 再研究容器内的压缩空气,其初状态的压强为 p1,体积为 V1;末状态的压强为 p0+ρgh, 体积为(V1+V2-V2′)。由玻意耳定律得 p1V1=(p0+ρgh)(V1+V2-V2′) 联立两个方程解得 p1= 0 1 2 0 2 1 ( )( ) )p gh V V p V V + + - 。 答案: 0 1 2 0 2 1 ( )( ) )p gh V V p V V + + -