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  • 2021-06-10 发布

上海市奉贤区2020届高三二模考试数学试题 Word版含解析

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www.ks5u.com 上海市奉贤区2020届高三二模数学试卷 一. 填空题(本大题共12题,1-6每题4分,7-12每题5分,共54分)‎ ‎1.球的表面积为,则球的体积为___________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎2.已知圆的参数方程为,则此圆的半径是________‎ ‎【答案】2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 化为直角坐标方程可得其圆心和半径 ‎【详解】解:由得,,‎ 所以此圆的圆心为,半径为 故答案为:2‎ ‎【点睛】此题考查的是参数方程的有关知识,属于基础题 ‎3.设(为虚数单位),若,则实数________‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 直接代入化简求解 ‎【详解】解:由和得 ‎,‎ 所以,‎ - 23 -‎ ‎,解得,‎ 故答案为:‎ ‎【点睛】此题考查的是复数的运算,属于基础题 ‎4.已知为曲线上位于第一象限内的点,、分别为的两焦点,若是直角,则点坐标为________‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 若设,,结合椭圆的定义和直角三角形可得,,从而可求出,然后将的值代入椭圆方程中可求出 ‎【详解】解:曲线是焦点在轴上的椭圆,其中,则,得,设,,‎ 因为是直角,‎ 所以,‎ 解得,将代入椭圆方程中得,,‎ 解得(负根舍去)‎ 所以点的坐标为,‎ 故答案为:‎ ‎【点睛】此题考查的是椭圆的定义和性质,属于基础题 ‎5.已知O是坐标原点,点A(﹣1,1),若点M(x,y)为平面区域 - 23 -‎ 上的一个动点,则的最大值是_____.‎ ‎【答案】2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 作出不等式组对应的平面区域,结合向量数量积坐标公式,将结论进行转化,利用数形结合进行求解即可.‎ ‎【详解】作出不等式组对应的平面区域如图:‎ 则x+y,‎ 设z=﹣x+y,则y=x+z,‎ 平移直线y=x+z,当直线y=x+z经过点A时,直线y=x+z的截距最大,此时z最大,‎ 由得,得A(0,2),‎ 此时z=﹣0+2=2,‎ 故的最大值是2,‎ 故答案是:2.‎ ‎【点睛】该题考查的是有关线性规划的问题,涉及到的知识点有一元二次不等式组表示的平面区域,向量数量积坐标公式,线性目标函数的最值,在解题的过程中,注意观察目标函数的类型,属于简单题目.‎ ‎6.从4男2女六名志愿者中任选三名参加某次公益活动,则选出的三名志愿者中既有男志愿者又有女志愿者的概率是________(结果用数值表示)‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ - 23 -‎ ‎【分析】‎ 从4男2女六名志愿者中任选三名,其中既有男志愿者又有女志愿者,所以分两种情况:(1)1男2女;(2)2男1女求解 ‎【详解】解:从4男2女六名志愿者中任选三名共有种方法,‎ 而所选的3名中既有男志愿者又有女志愿者,分两种情况:第一种1男2女,有种;‎ 第二种2男1女,有种,‎ 所以所求的概率为 故答案为:‎ ‎【点睛】此题考查的是古典概率的求法,属于基础题 ‎7.中,,则A的取值范围为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由正弦定理将sin2A≤sin2B+sin2C-sin Bsin C 变为,然后用余弦定理推论可求,进而根据余弦函数的图像性质可求得角A的取值范围.‎ ‎【详解】因为sin2A≤sin2B+sin2C-sin Bsin C,所以,即 .‎ 所以 ,‎ 因为,所以.‎ ‎【点睛】在三角形中,已知边和角或边、角关系,求角或边时,注意正弦、余弦定理运用.条件只有角的正弦时,可用正弦定理的推论,将角化为边.‎ - 23 -‎ ‎8.已知等差数列的各项不为零,且、、成等比数列,则公比是________‎ ‎【答案】1或 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由、、成等比数列,列方程找出,从而可求出公比 ‎【详解】解:设等差数列的公差为,‎ 因为、、成等比数列,‎ 所以,即,‎ 化简得, ‎ 或 当时,等差数列的每一项都相等,所以、、成等比数列时的公比为1‎ 当时,,所以,‎ 所以等比数列的公比为1或5‎ 故答案为:1或 ‎【点睛】此题考查的是等差数列和等比数列的基本量的运算,属于基础题 ‎9.如图,在正方体中,、分别是、的中点,则异面直线与所成角的大小是____________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】试题分析:分别以所在直线为轴,建立空间直角坐标系,设,则,‎ - 23 -‎ ‎,即异面直线A1M与DN所成角的大小是 考点:异面直线所成的角 ‎10.集合,,若,则实数的取值范围是________‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先分别求出集合,再由列不等式可求出的取值范围 ‎【详解】解:由得,且,‎ 解得,所以集合,‎ 由得,,所以集合,‎ 因为,‎ 所以或,‎ 解得或 故答案为:‎ ‎【点睛】此题考查的是解分式不等式,解绝对值不等式,集合的交集运算,属于中档题 ‎11.三个同学对问题“已知,且,求的最小值”提出各自的解题思路:‎ 甲:,可用基本不等式求解;‎ 乙:,可用二次函数配方法求解;‎ 丙:,可用基本不等式求解;‎ - 23 -‎ 参考上述解题思路,可求得当________时,(,)有最小值 ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由得,,然后利用丙的思路求解即可 ‎【详解】解:因为,,‎ 所以 所以 当且仅当时,取等号 即当时,有最小值 故答案为:‎ ‎【点睛】此题考查的是利用基本不等式求最值,属于中档题 ‎12.在平面直角坐标系内有两点,,,点在抛物线上,为抛物线的焦点,若,则________‎ - 23 -‎ ‎【答案】,,‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由点在抛物线上,所以将点坐标代入抛物线方程中,可得到与的关系,由可得点的坐标为,准线方程为,所以,‎ 而,由列方程可求出的值 ‎【详解】解:因为点在抛物线上,‎ 所以,得,‎ 因为抛物线的焦点为,准线为 所以,‎ 因为,,,‎ 所以,‎ 因为,所以,‎ 所以,‎ 所以或 化简得或,‎ 解得或或,‎ 因为,‎ 所以,,,‎ - 23 -‎ 故答案为:,,‎ ‎【点睛】此题考查抛物线的性质,属于中档题 二. 选择题(本大题共4题,每题5分,共20分)‎ ‎13.某校为了了解学生的课外阅读情况,随机调查了50名学生,得到他们在某一天各自课外阅读所用时间的数据,结果用如图的条形图表示,根据条形图可得这50名学生这一天平均每人的课外阅读时间为( )‎ A. 1.5小时 B. 1.0小时 C. 0.9小时 D. 0.6小时 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 直接利用加权平均数公式求解 ‎【详解】解:由题意得,50名学生这一天平均每人的课外阅读时间为 故选:C ‎【点睛】此题考查的是利用条形图中的数据求平均数,属于基础题 ‎14.如图,圆的半径为1,是圆上的定点,是圆上的动点,角的始边为射线,终边为射线,过点作直线的垂线,垂足为,将点到直线的距离表示成的函数,则在上的图象大致为( )‎ - 23 -‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析】‎ 计算函数的表达式,对比图像得到答案.‎ - 23 -‎ ‎【详解】根据题意知:‎ 到直线的距离为: ‎ 对应图像为B 故答案选B ‎【点睛】本题考查了三角函数的应用,意在考查学生的应用能力.‎ ‎15.设函数,其中,且,若,则( )‎ A. 1 B. C. D. 或 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由已知可得,得,所以,从而可求出的值 ‎【详解】解:因为,‎ 所以,‎ 因,所以,‎ 所以,‎ 所以,‎ 故选:C ‎【点睛】此题考查的是对数函数,极限的运算等知识,属于基础题 三. 解答题(本大题共5题,共14+14+14+16+18=76分)‎ ‎16.如图,已知正四棱柱中,底面边长,侧棱,过点作 - 23 -‎ 的垂线交侧棱于点,交于点.‎ ‎(1)求的长;‎ ‎(2)求与平面所成的线面角.‎ ‎【答案】(1)1;(2).‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由,可得∽,从而得,再将已知的数据代入可得的长;‎ ‎(2)如图建立空间直角坐标系,先求出平面的法向量,然后利用向量的夹角公式求出与平面所成的线面角 ‎【详解】解:因为,所以,‎ 因为,所以,‎ 因为,‎ 所以∽,所以 又因为,所以 解得 ‎(2)如图,以为坐标原点,分别以射线为轴,轴,‎ - 23 -‎ 轴,建立空间直角坐标系,则 所以,‎ 设平面的法向量为,则 所以,令,则 所以,‎ 设与平面所成的角为,则 所以 所以与平面所成的线面角为 - 23 -‎ ‎【点睛】此题考查的是几何图形中的计算,利用空间向量求线面角,属于中档题 ‎17.已知向量,(,),令().‎ ‎(1)化简,并求当时方程的解集;‎ ‎(2)已知集合,是函数与定义域的交集且不是空集,判断元素与集合的关系,说明理由.‎ ‎【答案】(1),或,;‎ ‎(2)时,,时,‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)直接将向量,代入中化简,可求出的解析式,再解方程即可;‎ ‎(2)由化简变形可得结果.‎ ‎【详解】解:(1)因,,‎ 所以 ‎,‎ 当时,,‎ 由得,‎ - 23 -‎ 解得或,‎ 所以方程的解集为或 ‎(2)当时,,‎ 化简得, ‎ 解得,‎ 所以当时,,当时,‎ ‎【点睛】此题考查向量的数量积和向量的加法运算,考查了三角函数恒等变形公式,属于中档题.‎ ‎18.甲、乙两地相距300千米,汽车从甲地匀速行驶到乙地,速度不超过100千米/小时,已知汽车每小时的运输成本(以元为单位)由可变部分和固定部分组成,可变部分与速度(千米/小时)的平方成正比,比例系数为(),固定部分为1000元.‎ ‎(1)把全程运输成本(元)表示为速度(千米/小时)的函数,并指出这个函数的定义域;‎ ‎(2)为了使全程运输成本最小,汽车应以多大速度行驶?‎ ‎【答案】(1),;‎ ‎(2)当时,,时,时最小.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)全程运输成本有两部分组成,将其分别表示出来依题意建立起全程运输成本 (元)表示为速度 (千米/时)的倍数,由题设条件速度不得超过70千米/时,故定义域为;‎ ‎(2)由(1)知,全程运输成本关于速度的函数表达式中出现了积为定值的情形,由于等号成立的条件有可能不成立,故求最值的方法不确定,对速度的范围进行分类讨论 ‎【详解】解:(1)由题意得,全程运输成本 ‎,‎ - 23 -‎ ‎(2)因为 所以 当且仅当时取等号,即 ‎① 当时,即时 时,最小 ‎② 当时,即时,在上单调递减 则时,最小 ‎【点睛】此题考查建立函数关系、不等式的性质、最大值、最小值等知识,考查综合应用数学知识、思想和方法解决问题的能力,属于中档题 ‎19.直线上的动点到点的距离是它到点的距离的3倍.‎ ‎(1)求点的坐标;‎ ‎(2)设双曲线的右焦点是,双曲线经过动点,且,求双曲线的方程;‎ ‎(3)点关于直线的对称点为,试问能否找到一条斜率为()的直线与(2)中的双曲线交于不同的两点、,且满足,若存在,求出斜率的取值范围,若不存在,请说明理由.‎ ‎【答案】(1);(2);(3).‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由于点在直线上,所以设点的坐标为 - 23 -‎ ‎,然后由到点的距离是它到点的距离的3倍列方程求出,从而可得点的坐标;‎ ‎(2)由可知,由此可,再将点坐标代入双曲线方程中,解方程组可得;‎ ‎(3)由可知线段的中垂线过点,再利用两直线斜率的关系可得结果.‎ ‎【详解】解:(1)因为点在直线上,所以设点的坐标为,‎ 因为到点的距离是它到点的距离的3倍,‎ 所以 所以,‎ 化简得,‎ 解得 所以 所以点的坐为;‎ ‎(2)因为,所以,‎ 所以点的坐标为,即 因为点在双曲线上,所以,‎ 由,得,‎ 所以双曲线方程为 ‎(3)因为点关于直线的对称点为,‎ 所以点的坐标为,‎ 设直线为为,,‎ - 23 -‎ 由得,,‎ 因为直线与双曲线交于不同的两点,‎ 所以,‎ 化简得,‎ 由根与系数的关系得,‎ 所以,所以线段的中点为,‎ 因为,‎ 所以,化简得,‎ 所以,得,‎ 解得或,‎ 又因为,所以解得的取值范围为 ‎【点睛】此题考查的是直线与双曲线的位置关系,点关于直线的对称问题,属于较难题 ‎20.两个数列、,当和同时在时取得相同的最大值,我们称与具有性质,其中.‎ ‎(1)设的二项展开式中的系数为(),,记,,,依次下去,,组成的数列是;同样地,的二项展开式中的系数为(),,记,,,依次下去,,组成的数列是;判别与是否具有性质,请说明理由;‎ ‎(2)数列的前项和是,数列的前项和是,若与具有性质,,则这样的数列一共有多少个?请说明理由;‎ - 23 -‎ ‎(3)两个有限项数列与满足,,且,是否存在实数,使得与具有性质,请说明理由.‎ ‎【答案】(1)不具有;见解析(2)102;见解析(3)见解析,.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)展开式中系数最大项为,然后再判断展开式中的系数是否是最大值,即可得结果;‎ ‎(2)令,则,结合,求得,求得的最大值,由与具有性质,可得时,,由,结合求得的范围,再由是等差数列,可得,然后联立,解出数列的个数;‎ ‎(3)由进行迭代,可得,因为与具有性质,‎ 所以,从而可 ‎【详解】解:(1)展开式的通项为,则数列的通项为 故数列中的最大值为 展开式的通项为,‎ 而当时,得,‎ 所以与不具有性质 ‎(2)令,则,‎ - 23 -‎ 由,即,‎ 解得,‎ 因为,‎ 所以当时,,‎ 因为 与具有性质,‎ 所以时,,‎ 因,‎ 所以,‎ 因为,‎ 所以,‎ 由,解得共有102个数列;‎ ‎(3)因为,‎ 当,时,‎ 所以 当时,符合上式 所以,‎ 因为与是有限项数列,所以一定存在最大项,‎ 设,因为与具有性质,‎ - 23 -‎ 所以,‎ 显然成立,‎ 假设,则显然,矛盾 同理,也矛盾,‎ 所以 ‎【点睛】此题考查了二项式定理、数列求和、不等式的性质等性质,综合性强,考查了运算能力,属于难题.‎ - 23 -‎ - 23 -‎ - 23 -‎