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  • 2021-06-10 发布

2014年高考数学(文科)真题分类汇编E单元 不等式

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‎ 数 学 ‎ ‎ E单元 不等式 ‎ E1 不等式的概念与性质 ‎5.B6,E1[2014·山东卷] 已知实数x,y满足axy3 ‎ B.sin x>sin y C.ln(x2+1)>ln(y2+1) ‎ D.> ‎5.A [解析] 因为ax<ay(0<a<1),所以x>y,所以x3>y3恒成立.故选A.‎ ‎5.E1[2014·四川卷] 若a>b>0,c<d<0,则一定有(  )‎ A.> B.< C.> D.< ‎5.B [解析] 因为c<d<0,所以<<0,即->->0,与a>b>0对应相乘得,->->0,‎ 所以<,故选B.‎ E2 绝对值不等式的解法 ‎9.E2、E8[2014·安徽卷] 若函数f(x)=|x+1|+|2x+a|的最小值为3,则实数a的值为(  )‎ A.5或8 B.-1或5 ‎ C.-1或-4 D.-4或8‎ ‎9.D [解析] 当a≥2时,‎ f(x)= 由图可知,当x=-时,fmin(x)=f=-1=3,可得a=8.‎ 当a<2时,f(x) 由图可知,当x=-时,fmin(x)=f=+1=3,可得a=-4.综上可知,a的值为-4或8.‎ ‎10.E2[2014·辽宁卷] 已知f(x)为偶函数,当x≥0时,f(x)=则不等式 f(x-1)≤的解集为(  )‎ A.∪ B.∪ C.∪ D.∪ ‎10.A [解析] 由题可知,当x∈时,函数f(x)单调递减,由cos πx≤,得≤x≤;当x∈时,函数f(x)单调递增,由2x-1≤,得0,b>0)在该约束条件下取到最小值2时,a2+b2的最小值为(  )‎ A.5 B.4 ‎ C. D.2‎ ‎10.B [解析] 画出关于x,y的不等式组表示的可行域,如图阴影部分所示.‎ 显然当目标函数z=ax+by过点A(2,1)时,目标函数z=ax+by取得最小值,即2=‎2a+b,所以2-‎2a=b,所以a2+b2=a2+(2-‎2a)2=‎5a2-‎8a+20.构造函数m(a)=‎5a2-‎8a+20(01,故选C.‎ ‎2.E5[2014·天津卷] 设变量x,y满足约束条件则目标函数z=x+2y的最小值为(  )‎ A.2 B.‎3 C.4 D.5‎ ‎2.B [解析] 作出可行域,如图中阴影部分所示.‎ 联立解得可得点A (1,1).‎ 当目标函数线过可行域内A点时,目标函数有最小值z=1×1+2×1=3.‎ ‎12.E5[2014·浙江卷] 若实数x,y满足则x+y 的取值范围是________.‎ ‎12.[1,3] [解析] 实数x,y满足的可行域如图中阴影部分(包括边界)所示,图中A(1,0),B(2,1),C.令z=x+y,则y=-x+z.当直线y=-x+z经过A点时,z取最小值1;经过B点时,z取最大值3.故x+y的取值范围是[1,3].‎ E6 基本不等式 ‎9.B7、E6[2014·重庆卷] 若log4(‎3a+4b)=log2,则a+b的最小值是(  )‎ A.6+2  B.7+2  C.6+4  D.7+4  ‎9.D [解析] 由log4(‎3a+4b)=log2,得‎3a+4b=ab,则+=1,所以a+b=(a+b)=7++≥7+2 =7+4 ,当且仅当=,即a=4+2 ,b=2 +3时等号成立,故其最小值是7+4 .‎ ‎16.E6[2014·湖北卷] 某项研究表明:在考虑行车安全的情况下,某路段车流量F(单位时间内经过测量点的车辆数,单位:辆/小时)与车流速度v(假设车辆以相同速度v行驶,单位:米/秒)、平均车长l(单位:米)的值有关,其公式为F=.‎ ‎(1)如果不限定车型,l=6.05,则最大车流量为________辆/小时;‎ ‎(2)如果限定车型,l=5,则最大车流量比(1)中的最大车流量增加________辆/小时.‎ ‎16.(1)1900 (2)100 [解析] (1)依题意知,l>0,v>0,所以当l=6.05时,‎ F==≤=1900,当且仅当v=11时,取等号.‎ ‎(2)当l=5时,‎ F==≤2000,‎ 当且仅当v=10时,取等号,此时比(1)中的最大车流量增加100辆/小时.‎ ‎14.C8、E6[2014·江苏卷] 若△ABC的内角满足sin A+sin B=2sin C,则cos C的最小值是______.‎ ‎14. [解析] 设△ABC的内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,则由正弦定理得a+b=‎2c.故 cos C====-≥-=,‎ 当且仅当‎3a2=2b2,即=时等号成立.‎ ‎16.E6[2014·辽宁卷] 对于c>0,当非零实数a,b满足‎4a2-2ab+b2-c=0且使|‎2a+b|最大时,++的最小值为________.‎ ‎16.-1 [解析] 因为‎4a2-2ab+b2-c=0,所以(‎2a+b)2-c=6ab=3×2ab≤3×,所以(‎2a+b)2≤‎4c,当且仅当b=‎2a,c=‎4a2时,|‎2a+b|取得最大值.故++=+=-1,其最小值为-1.‎ ‎21.H5,H8,E6[2014·山东卷] 在平面直角坐标系xOy中,椭圆C:+=1(a>b>0)的离心率为,直线y=x被椭圆C截得的线段长为.‎ ‎(1)求椭圆C的方程.‎ ‎(2)过原点的直线与椭圆C交于A,B两点(A,B不是椭圆C的顶点).点D在椭圆C上,且AD⊥AB,直线BD与x轴、y轴分别交于M,N两点.‎ ‎ (i)设直线BD,AM的斜率分别为k1,k2,证明存在常数λ使得k1=λk2,并求出λ的值;‎ ‎ (ii)求△OMN面积的最大值.‎ ‎21.解:(1)由题意知,=,可得a2=4b2.‎ 椭圆C的方程可简化为x2+4y2=a2.‎ 将y=x代入可得x=±.‎ 因此×=,即a=2,所以b=1,‎ 所以椭圆C的方程为+y2=1.‎ ‎(2)(i)设A(x1,y1)(x1y1≠0),D(x2,y2),则B(-x1,-y1).‎ 因为直线AB的斜率kAB=,且AB⊥AD,‎ 所以直线AD的斜率k=-.‎ 设直线AD的方程为y=kx+m,‎ 由题意知k≠0,m≠0.‎ 由消去y,得(1+4k2)x2+8mkx+‎4m2‎-4=0,‎ 所以x1+x2=-,‎ 因此y1+y2=k(x1+x2)+‎2m=.‎ 由题意知x1≠-x2,‎ 所以k1==-=.‎ 所以直线BD的方程为y+y1=(x+x1).‎ 令y=0,得x=3x1,即M(3x1,0).‎ 可得k2=-.‎ 所以k1=-k2,即λ=-.‎ 因此,存在常数λ=-使得结论成立.‎ ‎(ii)直线BD的方程y+y1=(x+x1),‎ 令x=0,得y=-y1,即N.‎ 由(i)知M(3x1,0),‎ 所以△OMN的面积S=×3|x1|×|y1|=‎ |x1||y1|.‎ 因为|x1||y1|≤+y=1,当且仅当=|y1|=时,等号成立,‎ 此时S取得最大值,‎ 所以△OMN面积的最大值为.‎ E7 不等式的证明方法 ‎20.A1、D3、E7[2014·天津卷] 已知q和n均为给定的大于1的自然数,设集合M={0,1,2,…,q-1},集合A={x|x=x1+x2q+…+xnqn-1,xi∈M,i=1,2,…,n}.‎ ‎(1)当q=2,n=3时,用列举法表示集合A.‎ ‎(2)设s,t∈A,s=a1+a2q+…+anqn-1,t=b1+b2q+…+bnqn-1,其中ai,bi∈M,i=1,2,…,n.证明:若an<bn,则s<t.‎ ‎20.解:(1)当q=2,n=3时,M={0,1},A={x|x=x1+x2·2+x3·22,xi∈M,i=1,2,3},可得A={0,1,2,3,4,5,6,7}.‎ ‎(2)证明:由s,t∈A,s=a1+a2q+…+anqn-1,t=b1+b2q+…+bnqn-1,ai,bi∈M,i=1,2,…,n及an0),则 t>1,所以 m≤-=‎ ‎-对任意 t>1成立.‎ 因为t-1++ 1≥2 +1=3, 所以 -≥-,‎ 当且仅当 t=2, 即x = ln 2时等号成立.‎ 因此实数 m 的取值范围是.‎ ‎(3)令函数 g(x)=ex+- a(-x3+3x),则g′ (x) =ex-+‎3a(x2-1).‎ 当 x≥1时,ex->0,x2-1≥0.又a>0,故 g′(x)>0,所以g(x)是[1,+∞)上的单调递增函数, 因此g(x)在[1,+∞)上的最小值是 g(1)= e+e-1-‎2a.‎ 由于存在x0∈[1,+∞),使ex0+e-x0-a(-x+ 3x0 )<0 成立, 当且仅当最小值g(1)<0,‎ 故 e+e-1-‎2a<0, 即 a>.‎ 令函数h(x) = x -(e-1)ln x-1,则 h′(x)=1-. 令 h′(x)=0, 得x=e-1.‎ 当x∈(0,e-1)时,h′(x)<0,故h(x)是(0,e-1)上的单调递减函数;‎ 当x∈(e-1,+∞)时,h′(x)>0,故h(x)是(e-1,+∞)上的单调递增函数.‎ 所以h(x)在(0,+∞)上的最小值是h(e-1).‎ 注意到h(1)=h(e)=0,所以当x∈(1,e-1)⊆(0,e-1)时,h(e-1)≤h(x)h(e)=0,即a-1>(e-1)ln a,故ea-1>ae-1.‎ 综上所述,当a∈时,ea-1ae-1.‎ ‎12.E8、B12[2014·辽宁卷] 当x∈[-2,1]时,不等式ax3-x2+4x+3≥0恒成立,则实数a的取值范围是(  )‎ A.[-5,-3] B. C.[-6,-2] D.[-4,-3]‎ ‎12.C [解析] 当-2≤x<0时,不等式可转化为a≤,令f(x)=(-2≤x<0),则 f′(x)==,故函数f(x)在[-2,-1]上单调递减,在(-1,0)上单调递增,此时有a≤fmin(x)=f(-1)==-2.‎ 当x=0时,不等式恒成立.‎ 当00,f(x)在(e,+∞)上单调递增.‎ ‎∴x=e时,f(x)取得极小值f(e)=ln e+=2,‎ ‎∴f(x)的极小值为2.‎ ‎(2)由题设g(x)=f′(x)-=--(x>0),‎ 令g(x)=0,得m=-x3+x(x>0),‎ 设φ(x)=-x3+x(x≥0),‎ 则φ′(x)=-x2+1=-(x-1)(x+1),‎ 当x∈(0,1)时,φ′(x)>0,φ(x)在(0,1)上单调递增;‎ 当x∈(1,+∞)时,φ′(x)<0,φ(x)在(1,+∞)上单调递减.‎ ‎∴x=1是φ(x)的唯一极值点,且是极大值点,因此x=1也是φ(x)的最大值点,‎ ‎∴φ(x)的最大值为φ(1)=.‎ 又φ(0)=0,结合y=φ(x)的图像(如图所示),可知 ‎①当m >时,函数g(x)无零点;‎ ‎②当m=时,函数g(x)有且只有一个零点;‎ ‎③当0时,函数g(x)无零点;‎ 当m=或m≤0时,函数g(x)有且只有一个零点;‎ 当0a>0,<1恒成立,‎ 等价于f(b)-b0),‎ ‎∴(*)等价于h(x)在(0,+∞)上单调递减.‎ 由h′(x)=--1≤0在(0,+∞)上恒成立,‎ 得m≥-x2+x=-+(x>0)恒成立,‎ ‎∴m≥,‎ ‎∴m的取值范围是.‎ ‎ E9 单元综合 ‎6.[2014·成都七中模拟] 若a>0,b>0,且a+b=4,则下列不等式恒成立的是(  )‎ A.> B.+≤1‎ C.≥2 D.≤ ‎6.D [解析] 因为2=≤,所以a2+b2≥8,所以≤.‎ ‎8.[2014·郑州联考] 已知a,b,c∈R,给出下列命题:‎ ‎①若a>b,则ac2>bc2;②若ab≠0,则+≥2;‎ ‎③若a>|b|,则a2>b2.‎ 其中真命题的个数为(  )‎ A.3 B.2‎ C.1 D.0‎ ‎8.C [解析] 当c=0时,ac2=bc2=0,故①为假命题;当a与b异号时,<0,<0,故②为假命题;因为a>|b|≥0,所以a2>b2,故③为真命题.‎ ‎6.[2014·济南期末] 若变量x,y满足约束条件则z=x-3y的最大值为(  )‎ A.4 B.3‎ C.2 D.1‎ ‎6.A [解析] 依题意画出可行域如图所示,由图可知,z=x-3y在点(1,-1)处取得最大值4.‎ ‎8.[2014·长沙一中月考] 在关于x的不等式x2-(a+1)x+a<0的解集中恰有两个整数,则a的取值范围是(  )‎ A.(3,4) ‎ B.(-2,-1)∪(3,4)‎ C.(3,4] ‎ D.[-2,-1)∪(3,4]‎ ‎8.D [解析] 由题意得,原不等式为(x-1)(x-a)<0.当a>1时,解得10,b>0,所以+=+(‎2a+b)=4++≥4+4=8,当且仅当a=,b=时,取等号.‎