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- 2021-06-11 发布
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第
13
讲 抽象函数
课标要求
考情风向标
1.
结合具体函数,了解奇偶性的
含义
.
2.
体会指数函数、对数函数是重
要的函数类型,探索并理解指
数函数、对数函数的单调性与
特殊点
从近几年的高考试题来看,对
本节内容的考查主要是与周期
性、单调性相结合,求函数值、
比较大小等,重点探讨幂函数
型、指数函数型、对数函数型
抽象函数的解析式及基本性质
抽象函数
解析式
f
(
x
1
+
x
2
)
=
f
(
x
1
)
+
f
(
x
2
)
f
(
x
1
·
x
2
)
=
f
(
x
1
)
+
f
(
x
2
)
f
(
x
1
+
x
2
)
=
f
(
x
1
)·
f
(
x
2
)
抽象函数
的类型
正比例函数型
对数函数型
指数函数型
等价形式
f
(
x
1
-
x
2
)
=
f
(
x
1
)
-
f
(
x
2
)
实例
f
(
x
)
=
2
x
f
(
x
)
=
log
2
x
f
(
x
)
=
2
x
1.
下列四类函数中,有性质“对任意的
x
>0
,
y
>0
,函数
f
(
x
)
满足
f
(
x
+
y
)
=
f
(
x
)
f
(
y
)”
的是
(
)
C
A.
幂函数
C.
指数函数
B.
对数函数
D.
余弦函数
2.
已知
f
(
x
+
y
)
+
f
(
x
-
y
)
=
2
f
(
x
)·
f
(
y
)
,且
f
(
x
)≠0
,则
f
(
x
)
是
(
)
B
A.
奇函数
C.
非奇非偶函数
B.
偶函数
D.
不确定
③
①④
②③
4.
已知函数
f
(
x
)
的定义域为
(0
,+
∞
)
,并且对任意正数
x
,
y
都有
f
(
xy
)
=
f
(
x
)
+
f
(
y
).
(1)
f
(1)
=
_______
;
0
考点
1
正比例函数型抽象函数
例
1
:
(1)
(
多选
)
已知定义在
R
上的函数
f
(
x
)
满足
f
(
x
+
y
)
=
f
(
x
)
+
f
(
y
)
,则下列判断正确的是
(
)
解析:
∵
f
(0)
=
f
(0
+
0)
=
f
(0)
+
f
(0)
,
∴
f
(0)
=
0.
f
(
x
)
f
(
-
x
)
=-
[
f
(
x
)]
2
≤
0.
故选
ABC.
答案:
ABC
(2)
设函数
f
(
x
)
对任意
x
,
y
∈
R
,都有
f
(
x
+
y
)
=
f
(
x
)
+
f
(
y
)
,且
当
x
>0
时,
f
(
x
)<0
,
f
(1)
=-
2.
①
求证:
f
(
x
)
是奇函数;
②试问当-3
≤
x
≤
3 时,
f
(
x
)是否有最值?如果有,求出最
值;如果没有,说出理由
.
①
证明:
令
x
=
y
=
0
,
则有
f
(0)
=
2
f
(0)⇒
f
(0)
=
0.
令
y
=-
x
,则有
f
(0)
=
f
(
x
)
+
f
(
-
x
)
,
即
f
(
-
x
)
=-
f
(
x
).∴
f
(
x
)
是奇函数
.
②
解:
当
-3
≤
x
≤
3 时,
f
(
x
)有最值,理由如下:
任取
x
1
<
x
2
,则
x
2
-
x
1
>0
⇒
f
(
x
2
-
x
1
)<0.
且
f
(
x
1
)
-
f
(
x
2
)
=
f
(
x
1
)
+
f
(
-
x
2
)
=
f
(
x
1
-
x
2
)
=-
f
(
x
2
-
x
1
)>0.
∴
f
(
x
1
)>
f
(
x
2
).
∴
y
=
f
(
x
)
在
R
上为减函数
.
因此
f
(3)
为函数的最小值,
f
(
-
3)
为函数的最大值
.
f
(3)
=
f
(1)
+
f
(2)
=
3
f
(1)
=-
6
,
f
(
-
3)
=-
f
(3)
=
6.
∴
函数
f
(
x
)
的最大值为
6
,最小值为-
6.
【规律方法】
(1)
利用赋值法解
决抽象函数问题时需把握如
下三点:一是注意函数的定义域,二是利用函数的奇偶性去掉
函数符号
“
f
”
前的
“
负号
”,三是利用函数单调性去掉函数符
号
“
f
”
.
(2)
解决正比例函数型抽象函数的一般步骤为:
f
(0
)
=
0⇒
f
(
x
)
是奇函数
⇒
f
(
x
-
y
)
=
f
(
x
)
-
f
(
y
)⇒
单调性
.
(3)
判断单调性小技巧:设
x
1
<
x
2
,则
x
2
-
x
1
>0
⇒
f
(
x
2
-
x
1
)<0
⇒
f
(
x
2
)
=
f
(
x
2
-
x
1
+
x
1
)
=
f
(
x
2
-
x
1
)
+
f
(
x
1
)<
f
(
x
1
)
,得到函数单调递
减
.
考点
2
对数函数型抽象函数
例
2
:
已知函数
f
(
x
)的定义域为(-∞,0)∪(0,+∞),且
满足条件:
①
f
(
x
·
y
)=
f
(
x
)+
f
(
y
);
②
f
(2)=1;
③当
x
>1 时,
f
(
x
)>0.
(1)求
f
(1),
f
(-1);
(2)求证:函数
f
(
x
)为偶函数;
(5)
判断函数
f
(
x
)
的单调性;
(6)求不等式
f
(
x
)+
f
(
x
-3)
≤
2 的解集.
(1)
解:
在①中令
x
=
y
=1,得
f
(1)=
f
(1)+
f
(1)⇒
f
(1)=0,
令
x
=
y
=-1,得
f
(1)=
f
(-1)+
f
(-1)⇒
f
(-1)=0.
(2)
证明:
再令
y
=-1,得
f
(-
x
)=
f
(
x
)+
f
(-1)=
f
(
x
),
∴
f
(
x
)
为偶函数
.
(6)
解:
∵
f
(
x
(
x
-3))=
f
(
x
)+
f
(
x
-3)
≤
2,
由①②得 2=1+1=
f
(2)+
f
(2)=
f
(4)=
f
(-4),
ⅰ)若
x
(
x
-3)>0,∵
f
(
x
)在(0,+∞)上为增函数,
ⅱ)若
x
(
x
-3)<0,∵
f
(
x
)在(-∞,0)上为减函数;
由
f
(
x
(
x
-3))
≤
f
(-4)
∴原不等式的解集为: {
x
|-1
≤
x
<0}∪{
x
|0<
x
<3}∪
{
x
|3<
x
≤
4}.
考点
3
指数函数型抽象函数
例
3
:
定义在
R
上的函数
y
=
f
(
x
),
f
(0)≠0,当
x
>0 时,
f
(
x
)>1,且对任意的
a
,
b
∈
R
,有
f
(
a
+
b
)=
f
(
a
)·
f
(
b
).
(1)求证:
f
(0)=1;
(2)求证:对任意的
x
∈
R
,恒有
f
(
x
)>0;
(5)求证:
f
(
x
)是
R
上的增函数;
(6)若
f
(
x
)·
f
(2
x
-
x
2
)>1,求实数
x
的取值范围.
(1)
证明:
令
a
=
b
=0,则
f
(0)=[
f
(0)]
2
.
∵
f
(0)≠0,∴
f
(0)=1.
(2)
证明:
∵
当
x
<0
时
,-
x
>0,
又∵当
x
≥
0 时,
f
(
x
)
≥
1>0,
∴
x
∈
R
时,恒有
f
(
x
)>0.
(3)
证明:
f
(0)=
f
(
x
-
x
)=
f
(
x
)·
f
(-
x
)=1,
(6)
解:
由
f
(
x
)·
f
(2
x
-
x
2
)
>
1
,
f
(0)
=
1
,
∵
x
2
-
x
1
>
0
,
∴
f
(
x
2
-
x
1
)
>
1.
又
f
(
x
1
)
>
0
,
∴
f
(
x
2
-
x
1
)·
f
(
x
1
)
>
f
(
x
1
).
∴
f
(
x
2
)
>
f
(
x
1
).
∴
f
(
x
)
是
R
上的增函数
.
得
f
(3
x
-
x
2
)
>
f
(0).
∵
f
(
x
)
是
R
上的增函数,
∴
3
x
-
x
2
>
0.
∴
0
<
x
<
3.
∴
实数
x
的取值范围是
{
x
|0<
x
<3}.
【
规律方法
】
(1)
解决指数函数
型抽象函数的一般步骤为:
(2)
判断单调性小技巧
:设
x
1
>
x
2
,
x
1
-
x
2
>0
,则
f
(
x
1
-
x
2
)>1
,
f
(
x
1
)
=
f
(
x
2
+
x
1
-
x
2
)
=
f
(
x
2
)
f
(
x
1
-
x
2
)>
f
(
x
2
)
,得到函数
f
(
x
)
是增函数
.
【
跟踪训练
】
答案:
①③⑤
思想与方法
⊙
利用转化与化归思想解答抽象函数
【
跟踪训练
】
答案:
B
f
(
x
1
+
x
2
)
=
f
(
x
1
)
+
f
(
x
2
)
,
f
(
x
1
·
x
2
)
=
f
(
x
1
)
+
f
(
x
2
)
,
f
(
x
1
+
x
2
)
=
f
(
x
1
)·
f
(
x
2
)
分别是正比例、对数、指数函数的抽象形式,解题时
可以由具体函数的性质知道我们思考
的方式及解题的步骤,但
不能用具体函数来代替抽象的解析式
.
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