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- 2021-06-11 发布
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课时提升作业(三)
合情推理
(25 分钟 60 分)
一、选择题(每小题 5 分,共 25 分)
1.(2015·厦门高二检测)定义 A*B,B*C,C*D,D*A 的运算分别对应下图中的(1),(2),(3),
(4),那么下图中的 (A),(B)所对应的运算结果可能是( )
A.B*D,A*D B.B*D,A*C
C.B*C,A*D D.C*D,A*D
【解析】选 B.由(1)(2)(3)(4)图得 A 表示|,B 表示□,C 表示—,D 表示○,故图(A)(B)
表示 B*D 和 A*C.
2.给出下列三个类比结论:
①类比 ax·ay=ax+y,则有 ax÷ay=ax-y;
②类比 loga(xy)=logax+logay,则有 sin(α+β)=sinαsinβ;
③类比(a+b)2=a2+2ab+b2,则有(a+b)2=a2+2a·b+b2.
其中结论正确的个数是( )
A.0 B.1 C.2 D.3
【解析】选 C.根据指数的运算法则知 ax÷ay=ax-y,故①正确;根据三角函数的运算法则知:
sin(α+β)≠sinαsinβ,②不正确;根据向量的运算法则知:(a+b)2=a2+2a·b+b2,③正
确.
【补偿训练】若数列{an}(n∈N*)是等差数列,则有数列 bn= (n∈N*)也是等
差数列.类比上述性质,相应地有,若数列{cn}(n∈N*)是等比数列,且 cn>0,则数列 dn=
(n∈N*)也是等比数列.
【解析】由等差、等比数列的性质易知,等差数列、等比数列在运算上具有相似性.等差与
等比类比是和与积、倍与乘方、商与开方的类比.由此猜想 dn= .
答案:
3.设 n 棱柱有 f(n)个对角面,则(n+1)棱柱的对角面的个数 f(n+1)等于( )
A.f(n)+n+1 B.f(n)+n
C.f(n)+n-1 D.f(n)+n-2
【解析】选 C.因为过不相邻两条侧棱的截面为对角面,过每一条侧棱与它不相邻的一条侧
棱都能作对角面,可作(n-3)个对角面,n 条侧棱可作 n(n-3)个对角面,由于这些对角面是
相互之间重复计算了,所以共有 n(n-3)÷2 个对角面,
所以可得 f(n+1)-f(n)
=(n+1)(n+1-3)÷2-n(n-3)÷2
=n-1,
故 f(n+1)=f(n)+n-1.
4.(2015·北京高二检测)设 0<θ< ,已知 a1=2cosθ,an+1= ,猜想 an=( )
A.2cos B.2cos C.2cos D.2sin
【解析】选 B.因为 a1=2cosθ,
a2= =2 =2cos ,
a3= =2 =2cos ,…,
猜想 an=2cos .
【一题多解】验 n=1 时,排除 A,C,D.
5.(2015·吉林高二检测)设△ABC 的三边长分别为 a,b,c,△ABC 的面积为 S,内切圆半径
为 r,则 r= ;类比这个结论可知:四面体 P-ABC 的四个面的面积分别为 S1,S2,S3,
S4,内切球的半径为 r,四面体 P-ABC 的体积为 V,则 r=( )
A. B.
C. D.
【解析】选 C.△ABC 的三条边长 a,b,c 类比到四面体 P-ABC 的四个面面积 S1,S2,S3,S4,
将三角形面积公式中系数 类比到三棱锥体积公式中系数 ,从而可知选 C.
【补偿训练】在 Rt△ABC 中,若∠C=90°,AC=b,BC=a,则△ABC 外接圆半径 r= .
运用类比方法,若三棱锥的三条侧棱两两互相垂直且长度分别为 a,b,c,则其外接球的半
径 R= .
【解题指南】解题时题设条件若是三条线两两互相垂直,就要考虑到构造正方体或长方体.
【解析】(构造法)通过类比可得 R= .
证明:作一个在同一个顶点处棱长分别为 a,b,c 的长方体,则这个长方体的体对角线的长
度是 ,故这个长方体的外接球的半径是 ,这也是所求的三棱
锥的外接球的半径.
答案:
二、填空题(每小题 5 分,共 15 分)
6.下面是一系列有机物的结构简图,图中的“小黑点”表示原子,两黑点间的“连线”表示
化学键,按图中结构第 n 个图中有 个原子,有 个化学键.
【解析】第 1,2,3 个图中分别有原子:6 个、6×2-2 个、6×3-2×2 个,所以第 n 个图中
有 6n-(n-1)×2=4n+2 个原子;第 1,2,3 个图中分别有化学键:6 个,6×2-1 个,6×3-2
个,所以第 n 个图中有 6n-(n-1)=5n+1 个化学键.
答案:4n+2 5n+1
7.类比“等差数列”的定义,写出“等和数列”的定义,并解答下列问题:
已知数列{an}是等和数列,且 a1=2,公和为 5,那么 a18= ,这个数列的前 n 项和 Sn
的计算公式为 .
【解析】定义“等和数列”:在一个数列中,从第二项起每一项与它前一项的和都为同一个
常数,那么这个数列叫做等和数列,这个常数叫做该数列的公和.
由上述定义,得 an=
故 a18=3.
从而 Sn=
答案:3 Sn=
8.如图 1,小正方形 ABCD 的面积为 1,把它的各边延长一倍得到新正方形 A1B1C1D1,再把正
方形 A1B1C1D1 的各边延长一倍得到正方形 A2B2C2D2(如图 2),如此进行下去,正方形 AnBnCnDn
的面积为 .(用含有 n 的式子表示,n 为正整数)
【解题指南】根据三角形的面积公式,知每一次延长一倍后,得到的一个直角三角形的面积
和延长前的正方形的面积相等,即每一次延长一倍后,得到的图形是延长前的正方形的面积
的 5 倍,从而解答.
【解析】如题干图 1,已知小正方形 ABCD 的面积为 1,则把它的各边延长一倍后,△AA1B1
的面积是 1,
新正方形 A1B1C1D1 的面积是 5,
从而正方形 A2B2C2D2 的面积为 5×5=25=52,
…
正方形 AnBnCnDn 的面积为 5n.
答案:5n
三、解答题(每小题 10 分,共 20 分)
9.已知:1=12;1+3=22;1+3+5=32;1+3+5+7=42,…
根据以上等式的结构特点,请你归纳一般结论.
【解析】注意到各等号左边为若干项奇数的和,且最后一项分别为 1=2×1-1;3=2×2-1;
5=2×3-1;7=2×4-1,…
又等号右边相应结果分别为:12;22;32;42;…
由此总结出一般结论:1+3+5+7+…+(2n-1)=n2.
10.如图 1,在三角形 ABC 中,AB⊥AC,若 AD⊥BC,则 AB2=BD·BC;若类比该命题,如图 2,
三棱锥 A-BCD 中,AD⊥平面 ABC,若 A 点在三角形 BCD 所在平面内的射影为 M,则可以得到
什么命题?命题是否是真命题并加以证明.
【解析】命题是:三棱锥 A-BCD 中,AD⊥平面 ABC,若 A 点在三角形 BCD 所在平面内的射影
为 M,则有 =S△BCM·S△BCD,是一个真命题.
证明如下:
在图 2 中,连接 DM,并延长交 BC 于 E,连接 AE,则有 DE⊥BC.
因为 AD⊥平面 ABC,
所以 AD⊥AE.
又 AM⊥DE,
所以 AE2=EM·ED.
于是 =
= ·
=S△BCM·S△BCD.
(20 分钟 40 分)
一、选择题(每小题 5 分,共 10 分)
1.下面由火柴棒拼出的一列图形中,第 n 个图形由 n 个正方形组成.通过观察可以发现第 10
个图形中火柴棒的根数是( )
A.30 B.31 C.32 D.34
【解析】选 B.第 1 个图形中有 4 根火柴棒;
第 2 个图形中有 4+3=7 根火柴棒;
第 3 个图形中有 4+3×2=10 根火柴棒;
…
第 10 个图形中有 4+3×9=31 根火柴棒.
2.已知“整数对”按如下规律排成一列:(1,1),(1,2),(2,1),(1,3),(2,2),(3,
1),(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),…,则第 60 个数对是( )
A.(7,5) B.(5,7)
C.(2,10) D.(10,1)
【解析】选 B.依题意,由和相同的“整数对”分为一组不难得知,第 n 组“整数对”的和
为 n+1 , 且 有 n 个 “ 整 数 对 ” . 这 样 前 n 组 一 共 有 个 “ 整 数 对 ” . 注 意 到
<60< .因此第 60 个“整数对”处于第 11 组的第 5 个位置,可得为(5,
7).
二、填空题(每小题 5 分,共 10 分)
3.(2015·西安高二检测)对于命题:如果 O 是线段 AB 上一点,则| |· +
| |· =0;将它类比到平面的情形是:若 O 是△ABC 内一点,有 S△OBC· +
S△OCA· +S△OBA· =0;将它类比到空间的情形应该是:若 O 是四面体 ABCD 内一点,则
有 .
【解题指南】根据线性几何中的线段长度、平面几何中平面图形的面积中有关等式的共性,
将这个共性引申到立体几何中得到相应的等式或结论.
【解析】根据线性几何中的长度、平面几何中平面图形的面积以及立体几何中相应几何体体
积的类比特点以及题中等式的特点,得到在立体几何中:若 O 是四面体 ABCD 内一点,则有
VO-BCD· +VO-ACD· +VO-ABD· +VO-ABC· =0.
答案:VO-BCD· +VO-ACD· +VO-ABD· +VO-ABC· =0
【拓展延伸】类比推理的常见类型及解题思路
类比推理主要是找出两类事物的共性,一般的类比有以下几种:①线段的长度——平面几何
中平面图形的面积——立体几何中立体图形的体积的类比;②等差数列与等比数列的类比,
等差数列中两数相加类比到等比数列中两数相乘,等差数列中两数的差类比到等比数列中两
数相除.在类比的时候还需注意,有些时候不能将式子的结构改变,只需将相应的量进行替
换.
4.根据给出的数塔猜测 123456×9+7 等于 .
1×9+2=11
12×9+3=111
123×9+4=1111
1234×9+5=11111
12345×9+6=111111
……
【解析】由数塔猜测应是各位都是 1 的七位数,即 1111111.
答案:1111111
三、解答题(每小题 10 分,共 20 分)
5.在平面几何中研究正三角形内任意一点与三边的关系时,我们有真命题:边长为 a 的正三
角形内任意一点到各边的距离之和是定值 a,类比上述命题,请你写出关于正四面体内任
意一点与四个面的关系的一个真命题,并给出简要的证明.
【解题指南】利用类比推理时,正三角形可类比成正四面体,归纳出结论再给予证明.
【解析】类比所得的真命题是:棱长为 a 的正四面体内任意一点到四个面的距离之和是定值
a.
证明:设 M 是正四面体 P-ABC 内任一点,M 到面 ABC,面 PAB,面 PAC,面 PBC 的距离分别为
d1,d2,d3,d4.
由于正四面体四个面的面积相等,故有:
VP-ABC=VM-ABC+VM-PAB+VM-PAC+VM-PBC
= ·S△ABC·(d1+d2+d3+d4),
而 S△ABC= a2,VP-ABC= a3,
故 d1+d2+d3+d4= a(定值).
【拓展延伸】类比法的可靠性
(1)类比法所获得的结论是对两个研究对象的观察比较、分析联想直到形成猜想来完成的,
是一种由特殊到特殊的推理方法,其结论的可靠程度,依赖于两个研究对象的共有属性.
(2)一般说来,共有属性越多,结论的可靠程度就越大;共有属性越是本质的,结论的可靠
程度就越高.尽管类比法结论的真实性不一定得到保证,但它在人们的认识活动中仍有着重
要意义.
6.设{an}是集合{2t+2s|0≤s
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