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- 2021-06-15 发布
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第十四章 第三节 几个著名不等式
命 题 报 告
难度及题号
知识点
容易题(题号)
中等题(题号)
稍难题(题号)
柯西不等式的应用
1、2、3、4
5、10
11
平均值不等式的应用
6、7
8
数学归纳法的应用
9
12
一、选择题
1.(2009·厦门质检)函数f(x)=+的最大值= ( )
A.2 B.
C. D.
解析:+=+,由柯西不等式得(+)2≤(12+
12)[()2+()2]=6,
∴+≤=.
答案:C
2.设x,y∈R,且2x+3y=13,则x2+y2的最小值为 ( )
A.10 B.11
C.12 D.13
解析:(2x+3y)2≤(22+32)(x2+y2),
∴x2+y2≥13.
答案:D
3.设xy>0,则(x2+)(y2+)的最小值为 ( )
A.7 B.8
C.9 D.10
解析:[x2+()2][()2+y2]≥(x·+·y)2=9.
答案:C
4.已知x2+4y2+kz2=36(其中k>0),且t=x+y+z的最大值是7,则k= ( )
A.7 B.8
C.9 D.10
解析:由柯西不等式[x2+(2y)2+(z)2][1+()2+()2]≥(x+y+z)2,因t=x+y+z
的最大值是7,且x2+4y2+kz2=36,所以k=9.
答案:C
5.函数y=4+3的最大值为 ( )
A.12 B.13
C.14 D.15
解析:根据柯西不等式,得
y2=(4+3)2
≤(42+32)[()2+()2]=25×9=225,
∴y≤15.
答案:D
6.若a>0,b>0,则(a+b)(+)的最小值为 ( )
A.1 B.2
C.3 D.4
解析:(a+b)(+)
=1+++1=2+(+)
≥2+2=4.
答案:D
二、填空题
7.函数y=loga(x+3)-1(a>0,a≠1)的图象恒过定点A,若点A在直线mx+ny+1
=0上,其中m,n>0,则+的最小值为________.
解析:函数y=loga(x+3)-1(a>0,a≠1)的图象恒过定点A(-2,-1),
则(-2)·m+(-1)·n+1=0,2m+n=1,m,n>0,
+=(+)·(2m+n)
=4++≥4+2 =8.
答案:8
8.已知关于x的不等式2x+≥7在x∈(a,+∞)上恒成立,则实数a的最小值为
________.
解析:2x+=2(x-a)++2a≥2 +2a=2a+4≥7,∴a≥.
答案:
9.用数学归纳法证明
1+++…+<n(n>1)时,
由n=k(k>1)不等式成立,推证n=k+1时,左边应增加的代数式为________.
解析:n=k时,左边=1+++…+;
n=k+1时,
左边=1+++…+++…+.
答案:+++…+
三、解答题
10.求证:a3+b3+c3≥(a2+b2+c2)(a+b+c).
证明:∵a2+b2≥2ab,∴(a2+b2)(a+b)≥2ab(a+b),
∴a3+b3+a2b+ab2≥2a2b+2ab2,
∴a3+b3≥a2b+ab2.
同理:b3+c3≥b2c+bc2,a3+c3≥a2c+ac2.
将三式相加得:
2(a3+b3+c3)≥a2b+ab2+b2c+bc2+a2c+ac2.
∴3(a3+b3+c3)≥(a3+a2b+a2c)+(b3+b2a+b2c)+(c3+c2a+c2b)=(a+b+c)(a2+b2
+c2),
∴a3+b3+c3≥(a2+b2+c2)(a+b+c).
11.设a,b,c为正数且a+b+c=1,求证:
(a+)2+(b+)2+(c+)2≥.
证明:左边=(12+12+12)[(a+)2+(b+)2+(c+)2]≥[1×(a+)+1×(b+)+1×(c+)]2=[1+(++)]2=[1+(a+b+c)·(++)]2≥(1+9)2=.
12.用数学归纳法证明不等式:+++…+>1(n∈N*且n>1).
证明:(1)当n=2时,++=>1成立;
(2)设当n=k(k≥2)时,+++…+>1;
则当n=k+1时,
+…+++…+
=(++…+)++…+-
>1+-
=1+=1+>1.
即当n=k+1时也成立.
所以对任意n>1(n∈N*),原不等式成立.
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