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  • 2021-06-16 发布

株洲市二中 2016 年下学期高二年级第三次月考试卷

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株洲市二中 2016 年下学期高二年级第三次月考试卷 理科数学试题 时量:120 分钟 分值:150 分 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每个小题给出的四个选项中,只有一项是 符合题目要求的. 1.复数 2ii  在复平面内表示的点在 A A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限 2.设 Rx  ,则 x 的一个必要不充分条件是 A A. 3x B. 3x C. 4x D. 4x 3.准线方程为 1x 的抛物线的标准方程是 A A. xy 42  B. xy 22  C. xy 22  D. xy 42  4.若 xxf cossin2)(   ,则 )(f  等于 A A. sin B. cos C.2sin -cos D.-3cos 4.下列三句话按三段论的模式排列顺序正确的是 D ① 21,ZZ 不能比较大小;② 21,ZZ 是虚数;③虚数不能比较大小. A.①②③ B.②①③ C.②③① D.③②① 5.若 ),1,1( ka  , )1,1,2( b , a 与b 的夹角为60°,则 k 的值为 D A.0 或-2 B.0 或 2 C.-2 D.2 6.设 21, FF 是椭圆 )5(125 2 2 2  ay a x 的两个焦点,且 821 FF ,弦 AB 过点 2F ,则 1ABF 的 周长为 B A.12 B.20 C.2 41 D.4 41 7.下边程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”.执行该程 序框图,若输入 ,a b 分别为 14,18,则输出的 a B A.0 B.2 C.4 D.14 8.对于 R 上可导的任意函数 )(xf ,若满足 0)()1(  xfx ,则必有 C A. )1(2)3()3( fff  B. )1(2)7()3( fff  C. )1(2)3()3( fff  D. )1(2)7()3( fff  9. 8)12( xx  的展开式中 2x 的系数为 A A.-1792 B.1792 C.-448 D.448 10.用数学归纳法证明 4 2 21 2 3 2 n nn     …… ,则当 n=k+1 时左端应在 n=k 的基础上加上 A A. 2 2 2( 1) ( 2)k k    …… (k+1) B. 2( 1)k  C. 4 2( 1) ( 1) 2 k k   D. 2 1k  11.已知抛物线 2 4y x 的准线过椭圆 2 2 2 2 1( 0)x y a ba b     的左焦点且与椭圆交于 A、B 两点, O 为坐标原点, AOB 的面积为 3 2 ,则椭圆的离心率为 C b A. 1 4 B. 1 3 C. 1 2 D. 2 3 12.若存在实常数 k 和 b ,使得函数 ( )F x 和 ( )G x 对其公共定义域上的任意实数 x 都满足: ( )F x kx b  和 ( )G x kx b  恒成立,则称此直线 y kx b  为 ( )F x 和 ( )G x 的“隔离直 线”,已知函数 2 1( ) ( ), ( ) ( 0), ( ) 2 lnf x x x R g x x h x e xx      ,有下列命题:D ① ( ) ( ) ( )F x f x g x  在 3 1( ,0) 2 x  内单调递增; ② ( )f x 和 ( )g x 之间存在“隔离直线”,且b 的最小值为 4 ; ③ ( )f x 和 ( )g x 之间存在“隔离直线”,且 k 的取值范围是 ]0,4[ ; ④ ( )f x 和 ( )h x 之间存在唯一的“隔离直线” 2y ex e  . 其中真命题的个数有( ) A.1个 B. 2 个 C.3个 D. 4 个 二、填空题:本大题共 4 个小题,每小题 5 分,共 20 分.请把答案填在答题卷对应题号后的横线上. 13.用反证法证明命题“若 Nba , , ab 能被 2 整除,则 ba, 中至少有一个能被 2 整除”,那 么反设的内容是“若 Nba , , ab 能被 2 整除,则 ba, 都不能能被 2 整除”. 14. 曲线 xy cos 在[0, 2  ]上与 x 轴所围成的平面图形的面积为 1. 15.已知等差数列 na 中,有 n aaa n aaa nnnn 3 321221   成立.类似地,在等比 数列 nb 中, 有 n n nnn n aaaaaa 321 3 221  成立. 16.某种游戏中,黑、黄两个“电子狗”从棱长为 1 的正方体 1111 DCBAABCD  的顶点 A 出 发沿棱向前爬行,每爬完一条棱称为“爬完一段”.黑“电子狗”爬行的路线是  111 DAAA , 黄“电子狗”爬行的路线是  1BBAB ,它们都遵循如下规则:所爬行的第 2i 段与第i 段所在直线必须是异面直线(其中i 是正整数).设黑“电子狗”爬完 2016 段、黄“电子狗”爬 完 2015 段 后 各 自 停 止 在 正 方 体 的 某 个 顶 点 处 , 这 时 黑 、 黄 “ 电 子 狗 ” 间 的 距 离 是 1 . 三、解答题(本大题共6 小题,共 75 分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 16、(本题满分 12 分)设函数 2 1( ) 1 2 x x af x    是实数集 R 上的奇函数. (1)求实数 a 的值; (2)判断 ( )f x 在 R 上的单调性并加以证明; (3)求函数 ( )f x 的值域. 解:(1) )(xf 是 R 上的奇函数 ( )f x  ( )f x  , 即 2 1 2 1 1 2 1 2 x x x x a a        ,即 2 1 2 1 2 1 2 x x x x a a    即 ( 1)(2 1) 0xa    ∴ 1a 或者 )(xf 是 R 上的奇函数 .0)0()0()0(  fff .0 21 12 0 0    a ,解得 1a ,然后经检验满足要求 。 (2)由(1)得 2 1 2( ) 12 1 2 1 x x xf x     设 1 2x x R  ,则 1 22 1 2 2( ) ( ) (1 ) (1 )2 1 2 1x xf x f x      1 2 2 1 1 2 2 2 2(2 2 ) 2 1 2 1 (2 1)(2 1) x x x x x x       , 1 2x x 1 22 2x x  2 1( ) ( ) 0f x f x   ,所以 ( )f x 在 R 上是增函数 (3) 2 1 2( ) 12 1 2 1 x x xf x     , 1 2 22 1 1, 0 1, 0 2, 1 1 12 1 2 1 2 1 x x x x              所以 2 1 2( ) 12 1 2 1 x x xf x     的值域为(-1,1) 或者可以设 2 1 2 1 x xy   ,从中解出 2x  1 1 y y   ,所以1 01 y y   ,所以值域为(-1,1) 17、(本题满分 12 分)已知函数 axxxxxf  22 sincos)62sin()62sin()(  的在区间 ]2,0[  上的最小值为 0. (Ⅰ)求常数 a 的值; (Ⅱ)当 ],0[ x 时,求使 0)( xf 成立的 x 的集合. 【答案】(Ⅰ) 1a ;(Ⅱ) ],6 5[]2,0[   . 【解析】解析:(Ⅰ)因为   axxxf  2cos2sin3 , 所以   axxf  )62sin(2  . 因为 ]2,0[ x 时, ]6 7,6[62  x , 所以 6 7x 时 )(xf 的取得最小值 af  1)6 7(  . 依题意, 01  a ,所以 1a ;…………………………………………………(6 分) (Ⅱ)由(Ⅰ)知   1)62sin(2  xxf . 要使   0xf ,即 2 1)62sin(  x . 所以 Z kkxk ,6 726262  ,即 Z kkxk ,26  . 当 0k 时, 26   x ;当 1k 时, 2 3 6 5   x . 又 ],0[ x ,故使 0)( xf 成立的 x 的集合是 ],6 5[]2,0[   .……………………(12 分) 18、(本题满分 12 分)如图所示,在四棱锥 PABCD 中,PA⊥平面 ABCD,AC⊥AD,AB⊥BC,∠BAC= 45°,PA=AD=2,AC=1. (1)证明 PC⊥AD; (2)求二面角 A-PC-D 的正弦值; 解析(1)由 PA⊥平面 ABCD,可得 PA⊥AD. 又由 AD⊥AC,PA∩AC=A,故 AD⊥平面 PAC, 又 PC⊂平面 PAC,所以 PC⊥AD. (2)如图所示,作 AH⊥PC 于点 H,连接 DH. 由 PC⊥AD,PC⊥AH,可得 PC⊥平面 ADH,因此 DH⊥PC,从而∠AHD 为二面角 A-PC-D 的平面角. 在 Rt△PAC 中,PA=2,AC=1,由此得 AH= 2 5 . 由(1)知 AD⊥AH.故在 Rt△DAH 中,DH= AD2+AH2=2 30 5 .因此 sin ∠AHD=AD DH = 30 6 .所以二面角 A-PC-D 的正弦值为 30 6 . 19、(本题满分 13 分)已知数列 na 中,  * 1 11, , .3 n n n aa a n Na   (1)求数列 na 的通项公式 ;na (2)若数列 nb 满足  3 1 ,2 n n nn nb a  数列 nb 的前 n 项和为 ,nT 若不等式  1 n nT  对一切 *n N 恒成立,求  的取值范围。 (1)由题知, 1 1 1 1 1 31 3 1 1 1 1 1 1 1 1 31, 3 , 3 ,2 2 2 2 2 n nn n n n n n n a a a a a a a a                            2 .3 2n na   (4 分) (2)     12 13 1 ,22 3 1 n n n n n nb n           1 2 11 1 11 1 2 3 ,2 2 2 n nT n                           2 11 1 1 1 11 2 1 ,2 2 2 2 2 n n nT n n                        两式相减得, 2 1 1 111 1 1 1 2 221 2 , 4 ,12 2 2 2 2 2 2 21 2 n n nn n n n n n n n nT T                      (8 分),  1 1 3 2 14 4 0,2 2 2n n nn n n n n nT T T                     为单增数列,①当 n 为正奇数时, nT  对一切 正奇数成立,   1min 1, 1, 1;nT T         ②当 n 为正偶数时, nT  对一切正偶数成 立,   2min 2, 2;nT T     综合①,②知, 1 2.   (13 分) 20、(本题满分 13 分)已知椭圆 C: )0(12 2 2 2  bab y a x 的焦距为 4,其长轴长和短轴长之比为 1:3 . (Ⅰ)求椭圆 C 的标准方程; (Ⅱ) 设 F 为椭圆 C 的右焦点,T 为直线 )2,(  tttx R 上纵坐标不为 0 的任意一点,过 F 作 TF 的垂线 交椭圆 C 于点 P,Q. (ⅰ)若 OT 平分线段 PQ(其中 O 为坐标原点),求t 的值; (ⅱ)在(ⅰ)的条件下,当 || || PQ TF 最小时,求点 T 的坐标. 【答案】(Ⅰ) 126 22  yx ;(Ⅱ) 3t , 3,1 或 3, 1 . 【解析】解析: (Ⅰ)由已知可得      ,3 ,422 22 ba bac 解得 2 26 2.a b= , = 所以椭圆 C 的标准方程是 126 22  yx . …………………………………………(4 分) (Ⅱ)(ⅰ)由(Ⅰ)可得,F 点的坐标是(2,0). 设直线 PQ 的方程为 2x my = , 将直线 PQ 的方程与椭圆 C 的方程联立,得 2 2 2 16 2 x my x y     消去 x,得 2 23 4 0) 2(m y my+ - = ,其判别式 2 2(16 8 3 .) 0m m = + + 设 1 1 2 2( ) ( )P x y Q x y, , , ,则 1 2 1 22 2 4 2,3 3 my y y ym m      于是 1 2 1 2 2( 124 3)x x m y y m   + = + = 设 M 为 PQ 的中点,则 M 点的坐标为 )3 2,3 6( 22    m m m . 因为 PQTF  ,所以直线 FT 的斜率为 m ,其方程为 )2(  xmy . 当 tx  时,  2 tmy ,所以点T 的坐标为   2,  tmt , 此时直线 OT 的斜率为   t tm 2 ,其方程为 xt tmy )2(  . 将 M 点的坐标为 )3 2,3 6( 22    m m m 代入, 得 3 6)2( 3 2 22   mt tm m m . 解得 3t . ………………………………………………(8 分) (ⅱ)由(ⅰ)知 T 为直线 3x 上任意一点可得,点 T 的坐标为 ),3( m . 于是 1|| 2  mTF , 2 21 2 21 2 21 2 21 )()]([)()(|| yyyymyyxxPQ  ]4))[(1( 21 2 21 2 yyyym  ]3 24)3 4)[(1( 2 2 2 2    mm mm ]3 24)3 4)[(1( 2 2 2 2    mm mm 3 )1(24 2 2   m m . 所以 1 )3( 24 1 )1(24 31|| || 2 22 2 2 2     m m m mmPQ TF 1 4)1(4)1( 24 1 1 )3( 24 1 2 222 2 22    m mm m m 41 41 24 1 2 2  mm 3 3442 24 1  . 当且仅当 2 2 41 1m m    ,即 1m = 时,等号成立,此时 || || PQ TF 取得最小值 3 3 . 故当 || || PQ TF 最小时,T 点的坐标是 3,1 或 3, 1 ……………………………………(13 分) 21、(本题满分 13 分)设函数 fn(x)=xn+bx+c(n∈N+,b,c∈R). (1)设 n≥2,b=1,c=-1,证明:fn(x)在区间 1 2 ,1 内存在唯一零点; (2)设 n=2,若对任意 x1,x2∈[-1,1],有|f2(x1)-f2(x2)|≤4,求 b 的取值范围; (3)在(1)的条件下,设 xn 是 fn(x)在 1 2 ,1 内的零点,判断数列 x2,x3,…,xn,…的增减性. 21.解:(1)b=1,c=-1,n≥2 时,fn(x)=xn+x-1. ∵fn 1 2 fn(1)= 1 2n-1 2 ×1<0,∴fn(x)在 1 2 ,1 内存在零点. 又当 x∈ 1 2 ,1 时,f′n(x)=nxn-1+1>0, ∵fn(x)在 1 2 ,1 上是单调递增的,∴fn(x)在 1 2 ,1 内存在唯一零点. (2)当 n=2 时,f2(x)=x2+bx+c. 对任意 x1,x2∈[-1,1]都有|f2(x1)-f2(x2)|≤4 等价于 f2(x)在[-1,1]上的最大值与最小值之 差 M≤4.据此分类讨论如下: ①当|b 2|>1,即|b|>2 时, M=|f2(1)-f2(-1)|=2|b|>4,与题设矛盾. ②当-1≤-b 2 <0,即 0