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- 2021-06-16 发布
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高考达标检测(七) 指数函数的 2 类考查点——图象、性质
一、选择题
1.在同一直角坐标系中,函数 f(x)=2x+1 与 g(x)=
1
2 x-1 的图象关于( )
A.y 轴对称 B.x 轴对称
C.原点对称 D.直线 y=x 对称
解析:选 A ∵g(x)=21-x=f(-x),∴f(x)与 g(x)的图象关于 y 轴对称.
2.若当 x∈R 时,函数 f(x)=a|x|始终满足 0<|f(x)|≤1,则函数 y=loga |1
x|的图象大致为
( )
解析:选 B 因为当 x∈R 时,|x|≥0,又函数 f(x)=a|x|始终满足 0<|f(x)|≤1,所以 0b>1.又∵c=2log52=log54<1,∴c0,且 a≠1)的图象恒过点 A,下列函数中图
象不经过点 A 的是( )
A.y= 1-x B.y=|x-2|
C.y=2x-1 D.y=log2(2x)
解析:选 A 由题知 A(1,1).把点 A(1,1)代入四个选项,选项 A,y= 1-x的图象不经
过点 A.
5.(2018·广西质量检测)若 xlog52≥-1,则函数 f(x)=4x-2x+1-3 的最小值为( )
A.-4 B.-3
C.-1 D.0
解析:选 A ∵xlog52≥-1,∴2x≥1
5
,则 f(x)=4x-2x+1-3=(2x)2-2×2x-3=(2x-1)2
-4.当 2x=1 时,f(x)取得最小值-4.
6.已知函数 f(x)=|2x-1|,af(c)>f(b),则下列结论中,一定成立的是
( )
A.a<0,b<0,c<0 B.a<0,b≥0,c>0
C.2-a<2c D.2a+2c<2
解析:选 D 作出函数 f(x)=|2x-1|的图象(如图中实线所示),
又 af(c)>f(b),
结合图象知 f(a)<1,a<0,c>0,
∴0<2a<1,2c>1,
∴f(a)=|2a-1|=1-2a,
f(c)=|2c-1|=2c-1.
又 f(a)>f(c),即 1-2a>2c-1,
∴2a+2c<2.
7.(2018·东北三校联考)若关于 x 的方程|ax-1|=2a(a>0,且 a≠1)有两个不等实根,则
a 的取值范围是( )
A.(0,1)∪(1,+∞) B.(0,1)
C.(1,+∞) D. 0,1
2
解析:选 D 方程|ax-1|=2a(a>0,且 a≠1)有两个实数根转化为函数 y=|ax-1|与 y=
2a 有两个交点.
①当 01 时,如图②,而 y=2a>1 不符合要求.
∴00,且 a≠1)在[-1,2]上的最大值为 4,最小值
为 m,且函数 g(x)=(1-4m) x在[0,+∞)上是增函数,则 a=________.
解析:若 a>1,有 a2=4,a-1=m,此时 a=2,m=1
2
,此时 g(x)=- x为减函数,不
合题意.若 00,a≠1)的图象经过
点 A(1,6),B(3,24).若不等式
1
a x+
1
b x-m≥0 在 x∈(-∞,1]上恒成立,则实数 m 的最
大值为________.
解析:把 A(1,6),B(3,24)代入 f(x)=b·ax,得 6=ab,
24=b·a3,
结合 a>0,且 a≠1,解得 a=2,
b=3,
要使
1
2 x+
1
3 x≥m 在 x∈(-∞,1]上恒成立,
只需保证函数 y=
1
2 x+
1
3 x 在(-∞,1]上的最小值不小于 m 即可.
因为函数 y=
1
2 x+
1
3 x 在(-∞,1]上为减函数,
所以当 x=1 时,y=
1
2 x+
1
3 x 有最小值 5
6.
所以只需 m≤5
6
即可.
所以 m 的最大值为5
6.
答案:5
6
12.(2018·湖南八校联考)对于给定的函数 f(x)=ax-a-x(x∈R,a>0,且 a≠1),下面给
出五个命题,其中真命题是________.(填序号)
①函数 f(x)的图象关于原点对称;
②函数 f(x)在 R 上不具有单调性;
③函数 f(|x|)的图象关于 y 轴对称;
④当 01 时,函数 f(|x|)的最大值是 0.
解析:∵f(-x)=-f(x),∴f(x)为奇函数,f(x)的图象关于原点对称,①是真命题;
当 a>1 时,f(x)在 R 上为增函数,当 01 时,f(|x|)在(-∞,0)上为减函数,在[0,+∞)上为增函数,∴当 x=0 时,y=
f(|x|)的最小值为 0,⑤是假命题.
综上,真命题是①③④.
答案:①③④
三、解答题
13.已知函数 f(x)=m·4x+1
2x
是偶函数.
(1)求实数 m 的值;
(2)若关于 x 的不等式 2k·f(x)>3k2+1 在(-∞,0)上恒成立,求实数 k 的取值范围.
解:(1)因为函数 f(x)=m·4x+1
2x
是定义在 R 上的偶函数,所以有 f(-x)=f(x),
即m·4-x+1
2-x
=m·4x+1
2x
,
即m+4x
2x
=m·4x+1
2x
,故 m=1.
(2)因为 f(x)=4x+1
2x >0,3k2+1>0,且 2k·f(x)>3k2+1 在(-∞,0)上恒成立,
故原不等式等价于 2k
3k2+1
> 1
fx
在(-∞,0)上恒成立,
又因为 x∈(-∞,0),
所以 f(x)∈(2,+∞),从而 1
fx
∈ 0,1
2 ,
故 2k
3k2+1
≥1
2
,解得1
3
≤k≤1,
所以实数 k 的取值范围为
1
3
,1 .
14.设函数 f(x)=ax-(k-1)a-x(a>0,且 a≠1)是定义域为 R 的奇函数.
(1)求 k 的值;
(2)若 f(1)<0,试判断 y=f(x)的单调性(不需证明),并求使不等式 f(x2+tx)+f(4-x)<0
恒成立的 t 的取值范围;
(3)若 f(1)=3
2
,g(x)=a2x+a-2x-2f(x),求 g(x)在[1,+∞)上的最小值.
解:(1)∵f(x)是定义域为 R 的奇函数,∴f(0)=0,
∴1-(k-1)=0,∴k=2.
(2)由(1)知 f(x)=ax-a-x(a>0,且 a≠1),
∵f(1)<0,∴a-1
a<0.
又 a>0,且 a≠1,∴0x-4,即 x2+(t-1)x+4>0 恒成立,
∴Δ=(t-1)2-16<0,解得-3a>0,c>b>0.若 a,b,c 是△ABC 的三条边长,则
下列结论中正确的个数是( )
①对于∀x∈(-∞,1),都有 f(x)>0;
②存在 x>0,使 ax,bx,cx 不能构成一个三角形的三边长;
③若△ABC 为钝角三角形,则存在 x∈(1,2),使 f(x)=0.
A.3 B.2
C.1 D.0
解析:选 A ①因为 a,b,c 是△ABC 的三条边长,所以 a+b>c,因为 c>a>0,c>b>0,
所以 0cx
a
c
+b
c
-1 =
cx·a+b-c
c >0,故①正确;
②令 a=2,b=3,c=4,则 a,b,c 可以构成三角形,但 a2=4,b2=9,c2=16 却不
能构成三角形,所以②正确;
③已知 c>a>0,c>b>0,若△ABC 为钝角三角形,则 a2+b2-c2<0,因为 f(1)=a+b-
c>0,f(2)=a2+b2-c2<0,根据零点存在性定理可知在区间(1,2)上存在零点,所以存在 x∈
(1,2),使 f(x)=0,故③正确.
2.(2018·广东五校联考)已知 e 为自然对数的底数,若对任意的 x1∈[0,1],总存在唯
一的 x2∈[-1,1],使得 x1+x22ex2-a=0 成立,则实数 a 的取值范围是( )
A.[1,e] B.(1,e]
C. 1+1
e
,e D. 1+1
e
,e
解析:选 C 令 f(x1)=a-x1,则 f(x1)=a-x1 在 x1∈[0,1]上单调递减,且 f(0)=a,f(1)
=a-1.令 g(x2)=x22e x2,则 g′(x2)=2x2e x2+x22e x2=x2e x2 (x2+2),且 g(0)=0,g(-1)=1
e
,
g(1)=e.若对任意的 x1∈[0,1],总存在唯一的 x2∈[-1,1],使得 x1+x22ex2-a=0 成立,即
f(x1)=g(x2),则 f(x1)=a-x1 的最大值不能大于 g(x2)的最大值,即 f(0)=a≤e,因为 g(x2)在
[-1,0]上单调递减,在(0,1]上单调递增,所以当 g(x2)∈ 0,1
e 时,存在两个 x2 使得 f(x1)
=g(x2).若只有唯一的 x2∈[-1,1],使得 f(x1)=g(x2),则 f(x1)的最小值要比1
e
大,所以 f(1)
=a-1>1
e
,即 a>1+1
e
,故实数 a 的取值范围是 1+1
e
,e ,故选 C.
3.(2018·湖南六校联考)已知实数 a>0,函数 f(x)=
ex-1+a
2
,x≤0,
ex-1+a
2
x2-a+1x+a
2
,x>0,
若关于 x 的方程 f[-f(x)]=e-a+a
2
有三个不等的实根,则实数 a 的取值范围是( )
A. 1,2+2
e B. 2,2+2
e
C. 1,1+1
e D. 2,2+1
e
解析:选 B 当 x≤0 时,令 f(x)=e-a+a
2
,即 ex-1=e-a,得 x=1-a;
当 x>0 时,令 f(x)=e-a+a
2
得 ex-1+a
2x2-(a+1)x+a
2
=e-a+a
2
,显然方程无解,
所以 1-a≤0,即 a≥1,
因为 f[-f(x)]=e-a+a
2
,
所以-f(x)=1-a,即 f(x)=a-1,
所以方程 f(x)=a-1 有三解,
当 x≤0 时,f(x)在(-∞,0)上单调递增,且当 x→-∞时,f(x)→a
2
,
当 x>0 时,f′(x)=ex-1+ax-a-1,
所以 f′(x)是增函数,且 f′(1)=0,
所以 f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,
又 f(1)=0,当 x→+∞时,f(x)→+∞,
作出 f(x)的大致图象如图所示,
因为方程 f(x)=a-1 有三解,
所以a
2
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