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- 2021-06-16 发布
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2006年普通高等学校招生全国统一考试(全国卷Ⅰ)数学(文)试题
一、 选择题:
1、 已知向量、满足|| = 1,|| = 4,且,则与夹角为
A、 B、 C、 D、
2、 设集合M= {x|},N = { x | |x|},则
A、M∩N=Φ B、M∩N=M、 C 、M∪N=M D、M∪N=R
3、已知函数y = ex的图像与函数y = f(x)的图像关于直线 y =x对称,则
A、 B、
C、 D、
4、双曲线的虚轴长是实轴长的2倍,则m =
A、 B、- 4 C、4 D、
5、设是等差数列{}的前n项和,若,则
A、8 B、7 C、6 D、5
6、函数的单调增区间为
A、 B、
C、 D、
7、从圆外一点P(3,2)向这个圆作两条切线,则两切线夹角的余弦值为
A、 B、 C、 D、0
8、△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c。若a、b、c成等比数列,且c = 2a,则cosB =
A、 B、 C、 D、
9、已知各顶点都在一个球面上的正四棱柱高为4,体积为16,则这个球的表面积是
A、16π B、20π C、24π D、32π
10、在的展开式中,x的系数为
A、- 120 B、120 C、- 15 D、15
11、抛物线上的点到直线4x + 3y - 8 =0距离的最小值是
A、 B、 C、 D、3
12、用长度分别为2、3、4、5、6(单位:cm)的5根细木棒围成一个三角形(允许连接,但是不允许折断),能够得到的三角形的最大面积为
A、 cm2 B、 cm2 C、 cm2 D、20cm2
二、 填空题:
13、已知函数,若f(x)为奇函数,则a =
14、已知正四棱锥的体积为12,底面对角线长为,则侧面与底面所成的二面角等于
15、设 z = 2y – x ,式中变量x、y满足条件,则z的最大值为
16、安排7位工作人员在5月1日至5月7日值班,每人值班一天,其中甲、乙二人都不安排在5月1日和2日。不同的安排方法共有 种(用数字作答)
一、 解答题:
17、(本题满分12分)已知{}为等比数列,,求{}的通项公式。
18、(本题满分12分)△ABC的三个内角A、B、C,求当A为何值时,取得最大值,并求出这个最大值。
19、(本题满分12分)A、B是治疗同一种疾病的两种药,用若干试验组进行对比试验。每个试验组由4只小白鼠组成,其中2只服用A,另2只服用B,然后观察疗效。若在一个试验组中,服用A有效的小白鼠的只数比服用B有效的多,就称该试验组为甲类组。设每只小白鼠服用A有效的概率为,服用B有效的概率为。
(Ⅰ)求一个试验组为甲类组的概率;
(Ⅱ)观察3个试验组,求这3个试验组中至少有一个甲类组的概率。
B
M
A
N
C
20、(本题满分12分)如图,、是互相垂直的异面直线,MN是它们的公垂线线段,
点A、B在上,C在上,AM = MB = MN。
(Ⅰ)证明AC⊥NB;
(Ⅱ)若∠ACB = 60°,求NB与平面ABC所成角的余弦值。
21、(本题满分12分)设P是椭圆短轴的一个端点,Q为椭圆上一个动点,求的最大值。
22、(本题满分14分)设为实数,函数在和都是增函数,求
的取值范围。
参考答案
一.选择题:
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
C
B
D
A
D
C
B
B
C
C
A
B
1.向量、满足且设与的夹角为θ,则cosθ==,
∴ θ=,选C.
2.集合∴ ,选B.
3.函数的图象与函数的图象关于直线对称,所以是的反函数,即=,∴ ,选D.
4.双曲线的虚轴长是实轴长的2倍,∴ m<0,且双曲线方程为,∴ m=,选A.
5.是等差数列的前项和,若 ∴ ,选D.
6.函数的单调增区间满足,
∴ 单调增区间为,选C.
7.圆的圆心为M(1,1),半径为1,从外一点向这个圆作两条切线,则点P到圆心M的距离等于,每条切线与PM的夹角的正切值等于,所以两切线夹角的正切值为,该角的余弦值等于,选B.
8.中,a、b、c成等比数列,且,则b=a,
=,选B.
9.正四棱柱高为4,体积为16,底面积为4,正方形边长为2,正四棱柱的对角线长即球的直径为2,∴ 球的半径为,球的表面积是,选C.
10.在的展开式中,x4项是=-15x4,选C.
11.设抛物线上一点为(m,-m2),该点到直线的距离为,当m=时,取得最小值为,选A.
12.用2、5连接,3、4连接各为一边,第三边长为7组成三角形,此三角形面积最大,面积为,选B.
二.填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分,把答案填在横线上。
13. 14. 15. 11 16.2400
13.函数若为奇函数,则,即,a=.
14.正四棱锥的体积为12,底面对角线的长为,底面边长为2,底面积为12,所以正四棱锥的高为3,则侧面与底面所成的二面角的正切tanα=, ∴ 二面角等于60°。
15.,在坐标系中画出图象,三条线的交点分别是A(0,1),B(7,1),C(3,7),在△ABC中满足的最大值是点C,代入得最大值等于11.
16.先安排甲、乙两人在后5天值班,有=20种排法,其余5人再进行排列,有=120种排法,所以共有20×120=2400种安排方法。
三.解答题:
17.解: 设等比数列{an}的公比为q, 则q≠0, a2= = , a4=a3q=2q
所以 + 2q= , 解得q1= , q2= 3,
当q1=, a1=18.所以 an=18×()n-1= = 2×33-n.
当q=3时, a1= , 所以an=×3n-1=2×3n-3.
18.解: 由A+B+C=π, 得 = - , 所以有cos =sin .
cosA+2cos =cosA+2sin =1-2sin2 + 2sin
=-2(sin - )2+
当sin = , 即A=时, cosA+2cos取得最大值为
19. 解: (1)设Ai表示事件“一个试验组中,服用A有效的小鼠有i只" , i=0,1,2,
Bi表示事件“一个试验组中,服用B有效的小鼠有i只" , i=0,1,2,
依题意有: P(A1)=2×× = , P(A2)= × = . P(B0)= × = ,
P(B1)=2× × = , 所求概率为: P=P(B0·A1)+P(B0·A2)+P(B1·A2)
= × + × + × =
(Ⅱ)所求概率为: P=1-(1-)3=
A
B
M
N
C
l2
l1
H
20.解法一: (Ⅰ)由已知l2⊥MN, l2⊥l1 , MN∩l1 =M, 可得l2⊥平面ABN.由已知MN⊥l1 , AM=MB=MN,可知AN=NB且AN⊥NB. 又AN为AC在平面ABN内的射影.
∴AC⊥NB
(Ⅱ)∵Rt△CAN≌Rt△CNB, ∴AC=BC,又已知∠ACB=60°,因此△ABC为正三角形.
∵Rt△ANB≌Rt△CNB, ∴NC=NA=NB,因此N在平面ABC内的射影H是正三角形ABC的中心,连结BH,∠NBH为NB与平面ABC所成的角.
A
B
M
N
C
l2
l1
H
x
y
z
在Rt△NHB中,cos∠NBH= = = .
解法二: 如图,建立空间直角坐标系M-xyz.令MN=1, 则有A(-1,0,0),B(1,0,0),N(0,1,0),
(Ⅰ)∵MN是 l1、l2的公垂线, l1⊥l2, ∴l2⊥平面ABN. l2平行于z轴. 故可设C(0,1,m).于是 =(1,1,m), =(1,-1,0). ∴·=1+(-1)+0=0 ∴AC⊥NB.
(Ⅱ)∵ =(1,1,m), =(-1,1,m), ∴||=||, 又已知∠ACB=60°,∴△ABC为正三角形,AC=BC=AB=2. 在Rt△CNB中,NB=, 可得NC=,故C(0,1, ).
连结MC,作NH⊥MC于H,设H(0,λ, λ) (λ>0). ∴=(0,1-λ,-λ),
=(0,1, ). · = 1-λ-2λ=0, ∴λ= ,
∴H(0, , ), 可得=(0,, - ), 连结BH,则=(-1,, ),
∵·=0+ - =0, ∴⊥, 又MC∩BH=H,∴HN⊥平面ABC,
∠NBH为NB与平面ABC所成的角.又=(-1,1,0),
∴cos∠NBH= = =
21. 解: 依题意可设P(0,1),Q(x,y),则 |PQ|=,又因为Q在椭圆上,
所以,x2=a2(1-y2) , |PQ|2= a2(1-y2)+y2-2y+1=(1-a2)y2-2y+1+a2
=(1-a2)(y- )2-+1+a2 .
因为|y|≤1,a>1, 若a≥, 则||≤1, 当y=时, |PQ|取最大值;
若10, f(x)在(-∞,+ ∞)为增函数. 所以a=±.
(ⅱ)若△=12-8a2<0, 恒有f '(x)>0, f(x)在(-∞,+ ∞)为增函数, 所以a2> ,
即 a∈(-∞,- )∪( , +∞)
(ⅲ)若△12-8a2>0,即- 0, f(x)为增函数; 当x∈(x1,x2)时 , f '(x)<0,f(x)为减函数. 依题意x1≥0且x2≤1. 由x1≥0得a≥,解得 1≤a<
由x2≤1得≤3-a, 解得 -
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