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- 2021-06-16 发布
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答案第 1页,总 5页
高三年级文科数学参考答案
1.A 2.D 3.B 4.A 5.B 6.C
7.C 8.B 9.D 10.D 11.B 12.C
二、填空题
13.970 14.10 15.60 16.2S
三、解答题
17.(1) 60B ;(2) 3 3
2
S .
【分析】
(1)由 (2 ) cos cosa c B b C ,利用正弦定理得到 2sin sin cos sin cosA C B B C ,
然后利用两角和的正弦公式化简得到 2sin cos sin sinA B B C A 求解.
(2)根据 7b , 5a c ,利用余弦定理求得 6ac ,代入公式
1 sin
2
S ac B 求解.
【详解】
(1) (2 ) cos cosa c B b C ,由正弦定理得
2sin sin cos sin cosA C B B C
∴2sin cos sin cos sin cosA B B C C B
2sin cos sin sinA B B C A ,
在 ABC 中, sin 0A ,可得
1cos
2
B ,
又 0,B ∴ 60B
(2)∵
2 22 2 2 2
cos
2 2
a c ac ba c bB
ac ac
,其中 7b , 5a c ,
∴ 6ac ,
所以
1 3 3sin
2 2
S ac B .
18.(1)25小时;(2)0.3.
【分析】
(1)根据直方图,频率最大的区间中点横坐标为众数即可求众数;(2)由学习的周均时长
答案第 2页,总 5页
不少于 30小时的区间有 [30,40)、[40,50),它们的频率之和,即为该校学生学习的周均时
长不少于 30小时的概率.
【详解】
(1)根据直方图知:频率最大的区间中点横坐标即为众数,
∴由频率最大区间为[20,30),则众数为
20 30 25
2
;
(2)由图知:不少于 30小时的区间有 [30,40)、[40,50),
∴该校学生学习的周均时长不少于 30小时的概率 0.03 10 0.3P .
19.(1)证明见详解;(2) 3
3
【分析】
(1)证出 AB⊥平面 1 1B BCC ,利用面面垂直的判定定理即可证出.
(2)利用三棱锥的体积即可求解.
【详解】
(1)在三棱柱 1 1 1ABC ABC 中, 1BB 底面 ABC,所以 1BB AB,
又因为 AB BC ,所以 AB⊥平面 1 1B BCC ,
因为 AB 平面 ABE,所以平面 ABE 平面 1 1B BCC .
(2)因为 1 2AA AC , 1AB , AB BC ,
所以 2 2 2 3BC AC AB ,
所以三棱锥E ABC 的体积为: 1
1
3 ABCV S AA =
1 1 3 1 2
3 2
= 3
3
.
20.(1)
2 2
1
8 4
x y
(2)是定值, 1 2 0k k .
【详解】
(1)由题意可知:2b=4,b=2, 1n
m
,双曲线的离心率 2 1 2ne
m
,
则椭圆的离心率为 1
2
2
e .椭圆的离心率
2
1 2
21
2
c be
a a
,则 a= 2 2 .
答案第 3页,总 5页
所以椭圆的标准方程:
2 2
1
8 4
x y
.
(2) 1 2k k 是定值,证明如下:
如图,设直线 MN的方程为 ( 4)( 0)y k x k .
联立 2 2
( 4)
2 8
y k x
x y
消去 y整理得 2 2 2 21 2 16 32 8 0k x k x k .
设 1 1 2 2, , ,M x y N x y ,则
2 2
1 2 1 22 2
16 32 8,
2 1 2 1
k kx x x x
k k
,
1 21 2
1 2
1 2 1 2
4 4
2 2 2 2
k x k xy yk k
x x x x
1 2 2 1
1 2
4 2 4 2
2 2
x x x x
k
x x
1 2 1 2
1 2
2 6 16
2 2
x x x x
k
x x
.
将
2 2
1 2 1 22 2
16 32 8,
2 1 2 1
k kx x x x
k k
,代入上式得 1 2 1 22 6 16 0x x x x ,
即 1 2 0k k .
21.(1) (2)
【详解】
本试题主要是考查了导数的几何意义,两条直线的位置关系,平行和垂直的运用.以及直线
方程的求解的综合运用.
首先根据已知条件,利用导数定义,得到点 P0的坐标,然后利用 1l l ,设出方程为 x+4y+c=0,
根据直线过点 P0得到结论.
解:(1)由 y=x3+x-2,得 y′=3x2+1,
由已知得 3x2+1=4,解之得 x=±1.
当 x=1时,y=0;
答案第 4页,总 5页
当 x=-1时,y=-4.
又∵点 P0在第三象限,
∴切点 P0的坐标为(-1,-4);
(2)∵直线 l⊥l1,l1的斜率为 4,
∴直线 l的斜率为-1/ 4 ,
∵l过切点 P0,点 P0的坐标为(-1,-4)
∴直线 l的方程为 y+4=
1
4
(x+1)即 x+4y+17=0.
22.(1) 2 (sin 3cos ) , 2 2 3 0x y x y ;(2)
2
3
.
【分析】
(1)设 ( , )N ,得到 (2 , )M 代入 1C 的方程得到2 4sin
3
,再结合极坐标
与直角坐标的互化公式,即可求解.
(2)将 l的参数方程代入 2C 的直角坐标方程,求得 1 2
3 1cos sin
2 2
t t ,再结合直
线参数方程的几何意义,得到 1 2 0t t ,即可求解.
【详解】
(1)设 ( , )N ,因为 2ON OM ,可得 (2 , )M ,
代入满足 1C 的方程,可得 2 4sin
3
,
即 2sin
3
,两边同乘以 并展开整理得 2 (sin 3cos ) ,
又由 cos , sinx y ,
所以 2C 的直角坐标方程为 2 2 3 0x y x y .
(2)将 l的参数方程代入 2C 的直角坐标方程,整理得
2 3 1 3cos sin 0
2 2 4
t t
,
可得 1 2
3 1cos sin
2 2
t t ,
答案第 5页,总 5页
又由直线 l的参数方程经过点
3 1( , )
4 4
,可得 1 2 0t t ,
即
3 1cos sin 0
2 2
,即 tan 3 ,
因为0 ,所以
2
3
.
23.(1)
3
2
x x
或
5
2
x
;(2)证明见解析.
【分析】
(1)代入m、n的值, 2f x 解此不等式即可得解;
(2)利用分析法可得知:要证不等式 24 mf x x 成立,即证
21 4x x m
n m n
,利用绝对值三角不等式及两次基本不等式证明即可.
【详解】
(1)依题意, 1
2
f x x ,
则 1 12 2 2
2 2
f x x x 或
1 2
2
x ,
解得
3
2
x 或
5
2
x ,故不等式 2f x 的解集为
3
2
x x
或
5
2
x
.
(2)依题意,
2 214 4f x x m x x m
n m n
,
因为
2 2 21 1 1x x m x x m m
n m n n m n n m n
,
2m n m n n m n ,故 2
1 4
n m n m
,
故
2 2
2
1 4 4m m
n m n m
,当且仅当 2m ,
2
2
n 时等号成立.
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