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- 2021-06-19 发布
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课时分层作业(二十)复数代数形式的乘除运算
(建议用时:40分钟)
[基础达标练]
一、选择题
1.=( )
A.1+i B.1-i
C.-1+i D.-1-i
D [∵==-1-i,选D.]
2.已知复数z满足(z-1)i=1+i,则z=( )
【导学号:31062225】
A.-2-i B.-2+i
C.2-i D.2+i
C [z-1==1-i,所以z=2-i,故选C.]
3.在复平面内,复数+(1+i)2对应的点位于( )
A.第一象限 B.第二象限
C.第三象限 D.第四象限
B [+(1+i)2=+i+(-2+2i)
=-+(2+)i,对应点在第二象限.]
4.若复数z满足(3-4i)z=|4+3i|,则z的虚部为( )
A.-4 B.-
C.4 D.
D [∵(3-4i)z=|4+3i|,
∴z===+i.
故z的虚部为,选D.]
5.设复数z的共轭复数是,若复数z1=3+4i,z2=t+i,且z1·2是实数,则实数t等于( )
A. B.
5
C.- D.-
A [∵z2=t+i,∴2=t-i.
z1·2=(3+4i)(t-i)=3t+4+(4t-3)i,
又∵z1·2∈R,∴4t-3=0,∴t=.]
二、填空题
6. i为虚数单位,若复数z=,z的共轭复数为,则z·=________.
【导学号:31062226】
[解析] ∵z====i,
∴=-i,∴z·=1.
[答案] 1
7.已知=b+i(a,b∈R),其中i为虚数单位,则a+b=________.
[解析] ∵=b+i,∴a+2i=(b+i)i=-1+bi,
∴a=-1,b=2,∴a+b=1.
[答案] 1
8.设复数z1、z2在复平面内的对应点分别为A、B,点A与B关于x轴对称,若z1(1-i)=3-i,则|z2|=________.
[解析] ∵z1(1-i)=3-i,∴z1===2+i,∵A与B关于x轴对称,∴z1与z2互为共轭复数,∴z2=1=2-i,∴|z2|=.
[答案]
三、解答题
9.已知复数z=.
(1)求z的实部与虚部;
(2)若z2+m+n=1-i(m,n∈R,是z的共轭复数),求m和n的值.
[解] (1)z===2+i,
所以z的实部为2,虚部为1.
(2)把z=2+i代入z2+m+n=1-i,
得(2+i)2+m(2-i)+n=1-i,
所以解得m=5,n=-12.
5
10.把复数z的共轭复数记作,已知(1+2i)=4+3i,求z及.
【导学号:31062227】
[解] 设z=a+bi(a,b∈R),则=a-bi,
由已知得:(1+2i)(a-bi)=(a+2b)+(2a-b)i=4+3i,由复数相等的定义知,
得a=2,b=1,∴z=2+i.
∴====+i.
[能力提升练]
1.设复数z1,z2在复平面内的对应点关于虚轴对称,z1=2+i,则z1z2=
( )
A.-5 B.5
C.-4+i D.-4-i
A [∵z1=2+i,z1与z2关于虚轴对称,
∴z2=-2+i,
∴z1z2=-1-4=-5,故选A.]
2.设z1,z2是复数,则下列命题中的假命题是( )
A.若|z1-z2|=0,则1=2
B.若z1=2,则1=z2
C.若|z1|=|z2|,则z1·1=z2·2
D.若|z1|=|z2|,则z=z
D [A,|z1-z2|=0⇒z1-z2=0⇒z1=z2⇒1=2,真命题;B,z1=2⇒1=2=z2,真命题;
C,|z1|=|z2|⇒|z1|2=|z2|2⇒z1·1=z2·2,真命题;
D,当|z1|=|z2|时,可取z1=1,z2=i,显然z=1,z=-1,即z≠z,假命题.]
3.若z1=a+2i,z2=3-4i,且为纯虚数,则实数a的值为________.
【导学号:31062228】
[解析] ===
=,
∴∴a=.
[答案]
5
4.设x、y为实数,且+=,则x+y=________.
[解析] +=可化为,
+=,
即+i=+i,
由复数相等的充要条件知
∴
∴x+y=4.
[答案] 4
5.设z是虚数,ω=z+是实数,且-1<ω<2,
(1)求|z|的值及z的实部的取值范围;
(2)设u=,证明u为纯虚数.
【导学号:31062229】
[解] (1)因为z是虚数,所以可设z=x+yi,x,y∈R,且y≠0.
所以ω=z+=x+yi+
=x+yi+=x++i.
因为ω是实数且y≠0,
所以y-=0,
所以x2+y2=1,
即|z|=1.此时ω=2x.
因为-1<ω<2,
所以-1<2x<2,
从而有-<x<1,
即z的实部的取值范围是.
(2)证明:设z=x+yi,x,y∈R,且y≠0,
由(1)知,x2+y2=1,
5
∴u==
=
==-i.
因为x∈,y≠0,
所以≠0,
所以u为纯虚数.
5
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