• 502.00 KB
  • 2021-06-20 发布

高考数学复习练习第3部分 专题一 第二讲 “4道”保分题专练卷(一~四)

  • 14页
  • 当前文档由用户上传发布,收益归属用户
  1. 1、本文档由用户上传,淘文库整理发布,可阅读全部内容。
  2. 2、本文档内容版权归属内容提供方,所产生的收益全部归内容提供方所有。如果您对本文有版权争议,请立即联系网站客服。
  3. 3、本文档由用户上传,本站不保证质量和数量令人满意,可能有诸多瑕疵,付费之前,请仔细阅读内容确认后进行付费下载。
  4. 网站客服QQ:403074932
‎“4道”保分题专练卷(一)‎ ‎1.已知△ABC为锐角三角形,向量m=(3cos‎2A,sin A),n=(1,-sin A),且m⊥n.‎ ‎(1)求A的大小;‎ ‎(2)当=pm,=qn(p>0,q>0),且满足p+q=6时,求△ABC面积的最大值.‎ 解:(1)∵m⊥n,∴3cos‎2A-sin‎2A=0.‎ ‎∴3cos‎2A-1+cos‎2A=0,‎ ‎∴cos‎2A=.‎ 又∵△ABC为锐角三角形,‎ ‎∴cos A=,‎ ‎∴A=.‎ ‎(2)由(1)可得m=,n=.‎ ‎∴||=p,||=q.‎ ‎∴S△ABC=||·||·sin A=pq.‎ 又∵p+q=6,且p>0,q>0,‎ ‎∴·≤,‎ 即·≤3.‎ ‎∴p·q≤9.‎ 故△ABC的面积的最大值为×9=.‎ ‎2.某工厂有120名工人,且年龄都在20岁到60岁之间,各年龄段人数按[20,30),[30,40),[40,50),[50,60]分组,其频率分布直方图如图所示.工厂为了开发新产品,引进了新的生产设备,要求每名工人都要参加A、B两项培训,培训结束后进行结业考试.已知各年龄段两项培训结业考试成绩优秀的人数如下表所示.假设两项培训是相互独立的,结业考试也互不影响.‎ 年龄分组 A项培训成绩优秀人数 B项培训成绩优秀人数 ‎[20,30)‎ ‎30‎ ‎18‎ ‎[30,40)‎ ‎36‎ ‎24‎ ‎[40,50)‎ ‎12‎ ‎9‎ ‎[50,60]‎ ‎4‎ ‎3‎ ‎(1)若用分层抽样法从全厂工人中抽取一个容量为40的样本,求各年龄段应分别抽取的人数;‎ ‎(2)随机从年龄段[20,30)和[30,40)内各抽取1人,设这两人中A、B两项培训结业考试成绩都优秀的人数为X,求X的分布列和数学期望.‎ 解:(1)由频率分布直方图知,在年龄段[20,30),[30,40),[40,50),[50,60]内的人数的频率分别为0.35,0.4,0.15,0.1.‎ ‎∵0.35×40=14,0.4×40=16,0.15×40=6,0.1×40=4,‎ ‎∴在年龄段[20,30),[30,40),[40,50),[50,60]内应抽取的人数分别为14,16,6,4.‎ ‎(2)∵在年龄段[20,30)内的人数为120×0.35=42(人),从该年龄段任取1人,由表知,此人A项培训结业考试成绩优秀的概率为=;B项培训结业考试成绩优秀的概率为=,∴此人A、B两项培训结业考试成绩都优秀的概率为×=.‎ ‎∵在年龄段[30,40)内的人数为120×0.4=48(人),从该年龄段任取1人,由表知,此人A项培训结业考试成绩优秀的概率为=;B项培训结业考试成绩优秀的概率为=,∴此人A、B两项培训结业考试成绩都优秀的概率为×=.‎ 由题设知,X的可能取值为0,1,2,‎ ‎∴P(X=0)==,‎ P(X=1)=×+×=,‎ P(X=2)=×=,‎ ‎∴X的分布列为 X ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ P X的数学期望为 E(X)=0×+1×+2×=.‎ ‎3.设正项数列{an}的前n项和是Sn,若{an}和{}都是等差数列,且公差相等.‎ ‎(1)求{an}的通项公式;‎ ‎(2)若a1,a2,a5恰为等比数列{bn}的前三项,记cn=,数列{cn}的前n项和为Tn,求Tn.‎ 解:(1)设{an}的公差为d,则Sn=na1+,‎ 即= ,‎ 由是等差数列,得到 则d= 且d=‎2a1>0,‎ 所以d=,‎ a1==,‎ an=+(n-1)·=.‎ ‎(2)由b1=a1=,b2=a2=,b3=a5=,得等比数列{bn}的公比q=3,‎ 所以bn=×3n-1,‎ 所以cn===-,‎ Tn=1-+-+…+-=1-=.‎ ‎4.如图,正三棱柱ABCA1B‎1C1的所有棱长都为2,=λ (λ∈R).‎ ‎(1)当λ=时,求证:AB1⊥平面A1BD; ‎ ‎(2)当二面角AA1DB的大小为时,求实数λ的值.‎ 解:(1)证明:取BC的中点O,连接AO.‎ 因为在正三棱柱ABCA1B‎1C1中,平面ABC⊥平面CBB‎1C1,且△ABC为正三角形,所以AO⊥BC,AO⊥平面CBB‎1C1.‎ 以O为坐标原点建立如图所示的空间直角坐标系Oxyz,‎ 则A(0,0,),B1(1,2,0),D(-1,1,0),A1(0,2,),B(1,0,0).所以=(1,2,-), =(1,1,),=(2,-1,0).‎ 因为·=1+2-3=0,·=2-2=0,‎ 所以AB1⊥DA1,AB1⊥DB,又DA1∩DB=D,‎ 所以AB1⊥平面A1BD.‎ ‎(2)由(1)得D(-1,2λ,0),所以=(1,2-2λ,),=(2,-2λ,0),=(1,-2λ,).‎ 设平面A1BD的一个法向量为n1=(x,y,z),平面AA1D的一个法向量为n2=(s,t,u),‎ 由得平面A1BD的一个法向量为n1=.‎ 同理可求得平面AA1D的一个法向量为n2=(,0,-1),‎ 由|cos〈n1,n2〉|==,解得λ=,‎ 故λ的值为.‎ ‎“4道”保分题专练卷(二)‎ ‎1.已知函数f(x)=4sin ωxcos+(ω>0)的最小正周期为π.‎ ‎(1)求f(x)的解析式;‎ ‎(2)求f(x)在区间上的最大值和最小值及取得最值时x的值.‎ 解:(1)f(x)=4sin ωx+ ‎=2sin ωxcos ωx-2sin2ωx+ ‎=sin 2ωx+cos 2ωx ‎=2sin.‎ ‎∵T==π,∴ω=1.‎ ‎∴f(x)=2sin.‎ ‎(2)∵-≤x≤,∴-≤2x+≤.‎ ‎∴-≤sin≤1,即-1≤f(x)≤2,‎ 当2x+=-,即x=-时,f(x)min=-1;‎ 当2x+=,即x=时,f(x)max=2.‎ ‎2.已知正方形ABCD的边长为2,E、F、G、H分别是边AB、BC、CD、DA的中点.‎ ‎(1)在正方形ABCD内部随机取一点P,求|PH|<的概率;‎ ‎(2)从A、B、C、D、E、F、G、H这八个点中,随机选取两个点,记这两个点之间的距离为ξ,求随机变量ξ的分布列与数学期望E(ξ).‎ 解:(1)这是一个几何概型.所有点P构成的平面区域是正方形ABCD的内部,其面积是2×2=4.满足|PH|<的点P构成的平面区域是以H为圆心,为半径的圆的内部与正方形ABCD内部的公共部分,它可以看作是由一个以H为圆心,为半径,圆心角为的扇形HEG的内部(即四分之一个圆)与两个直角边为1的等腰直角三角形(△AEH和△DGH)的内部构成的,‎ 其面积是×π×()2+2××1×1=+1.‎ 所以|PH|<的概率为=+.‎ ‎(2)从A、B、C、D、E、F、G、H这八个点中,任意选取两个点,共可构成C=28条不同的线段.‎ 其中长度为1的线段有8条,长度为的线段有4条,长度为2的线段有6条,长度为的线段有8条,长度为2的线段有2条.‎ 所以ξ所有可能的取值为1,,2,,2.‎ P(ξ=1)==,P(ξ=)==,P(ξ=2)==,P(ξ=)==,P(ξ=2)==.‎ 所以随机变量ξ的分布列为 ξ ‎1‎ ‎2‎ ‎2 P 随机变量ξ的数学期望为 E(ξ)=1×+×+2×+×+2×=.‎ ‎3.如图,在直三棱柱(侧棱与底面垂直的三棱柱)ABCA1B‎1C1中,AC=AA1=2AB=2,∠BAC=90°,点D是侧棱CC1延长线上一点,EF是平面ABD与平面A1B‎1C1的交线.‎ ‎(1)求证:EF⊥A‎1C;‎ ‎(2)当平面DAB与平面CA1B1所成锐二面角的余弦值为时,求DC1的长.‎ 解:(1)证明:∵三棱柱ABCA1B‎1C1为直三棱柱,‎ ‎∴平面ABC∥平面A1B‎1C1.‎ 又平面ABC∩平面ABD=AB,平面A1B‎1C1∩平面ABD=EF,‎ ‎∴EF∥AB.‎ ‎∵三棱柱ABCA1B‎1C1为直三棱柱,且∠BAC=90°,‎ ‎∴AB⊥AA1,AB⊥AC.‎ 而AA1∩AC=A,∴AB⊥平面ACC‎1A1.‎ 又A‎1C⊂平面ACC‎1A1,‎ ‎∴AB⊥A‎1C.‎ ‎∴EF⊥A‎1C.‎ ‎(2)建立如图所示的空间直角坐标系Axyz.‎ 设C1D=t(t>0),‎ 则B(1,0,0),C(0,2,0),D(0,2,2+t),A1(0,0,2),B1(1,0,2).‎ ‎∴=(1,0,0),=(0,2,-2).‎ 设平面CA1B1的一个法向量为n=(x1,y1,z1),‎ 则得令z1=1,则y1=1,‎ ‎∴n=(0,1,1).‎ 同理可求得平面DAB的一个法向量为m=.‎ 由|cos〈n,m〉|==,‎ 得t=1或t=-(舍去).‎ ‎∴DC1=1.‎ ‎4.已知数列{an}的前n项和Sn=-an-n-1+2(n∈N*),数列{bn}满足bn=2nan.‎ ‎(1)求证数列{bn}是等差数列,并求数列{an}的通项公式;‎ ‎(2)设cn=log2,数列的前n项和为Tn,求满足Tn<(n∈N*)的n的最大值.‎ 解:(1)在Sn=-an-n-1+2中,令n=1,可得S1=-a1-1+2=a1,即a1=.‎ 当n≥2时,Sn-1=-an-1-n-2+2,‎ ‎∴an=Sn-Sn-1=-an+an-1+n-1,‎ ‎∴2an=an-1+n-1,即2nan=2n-1an-1+1.‎ ‎∵bn=2nan,‎ ‎∴bn=bn-1+1,即当n≥2时,bn-bn-1=1.‎ 又b1=‎2a1=1,‎ ‎∴数列{bn}是首项和公差均为1的等差数列.‎ 于是bn=1+(n-1)·1=n=2nan,∴an=.‎ ‎(2)∵cn=log2=log22n=n,‎ ‎∴==-,‎ ‎∴Tn=+++…++=1+--.‎ 由Tn<,得1+--<,‎ 即+>.‎ 设f(n)=+(n∈N*),‎ 则f(n)=+单调递减,‎ ‎∵f(4)=,f(5)=,‎ ‎∴n的最大值为4.‎ ‎“4道”保分题专练卷(三)‎ ‎1.(2013·陕西五校联考)已知向量m=(sin x,sin x),n=(sin x,-cos x),设函数f(x)=m·n,若函数g(x)的图像与f(x)的图像关于坐标原点对称.‎ ‎(1)求函数g(x)在区间上的最大值,并求出此时x的值;‎ ‎(2)在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,A为锐角,若f(A)-g(A)=,b+c=7,△ABC的面积为2,求边a的长.‎ 解:(1)由题意得f(x)=sin2x-sin xcos x=-sin 2x=-sin,‎ 所以g(x)=--sin.‎ 因为x∈,所以2x-∈.‎ 所以当2x-=-,即x=-时,‎ 函数g(x)在区间上的最大值为.‎ ‎(2)由f(A)-g(A)=,得 ‎1-sin+sin=,‎ 化简得cos ‎2A=-,‎ 又因为00),则A(1,0,0),B(0,,0),C(-1,0,0),E,P(0,-,t).‎ 由(1)知,平面PBD的一个法向量为n1=(1,0,0),设平面PAB的一个法向量为n2=(x,y,z),且=(-1, ,0),=(-1,-,t),则根据得 令y=1,得平面PAB的一个法向量为n2=.‎ ‎∵二面角APBD的余弦值为,‎ ‎∴|cos〈n1,n2〉|=,即=,‎ 解得t=2或t=-2(舍去),∴P(0,-,2).‎ 设EC与平面PAB所成的角为θ,‎ ‎∵=(-1,0,-),n2=(,1,1),‎ ‎∴sin θ=|cos〈,n2〉|==,‎ ‎∴EC与平面PAB所成角的正弦值为.‎