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- 2021-06-24 发布
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1
江西省麻山中学 2020 届高考数学仿真模拟冲刺卷(四)
注意事项:
1.本卷仿真文科数学,题序与高考题目序号保持一致,考试时间为 120 分钟,满分为 150 分。
2.请将答案填写在答题卷上。
一、选择题:本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求
的.
1.
1-i
1+i
+3i=( )
A.i B.2i C.1-3i D.1+3i
2.已知集合 A={x|log2(x-1)<1},B={x||x-a|<2},若 A⊆B,则实数 a的取值范围为( )
A.(1,3) B.[1,3] C.[1,+∞) D.(-∞,3]
3.已知向量 a=(2,1),b=(2,x)不平行,且满足(a+2b)⊥(a-b),则 x=( )
A.-
1
2
B.
1
2
C.1 或-
1
2
D.1 或
1
2
4.函数 f(x)=
x2
e
x
|x|
的图象大致为( )
5.某程序框图如图所示,该程序运行后输出的 s=( )
A.26 B.102 C.410 D.512
6.设 x,y满足约束条件
x-4y+3≤0,
x+2y-9≤0,
x≥1,
则 z=2x+y的取值范围为( )
A.[2,6] B.[3,6] C.[3,12] D.[6,12]
7.已知函数 f(x)= 3sin ωx-cos ωx(ω>0)的最小正周期为 2π,则 f(x)的单调递增区间是( )
2
A.
2kπ-
π
6
,2kπ+
π
6 (k∈Z)
B.
2kπ-
π
3
,2kπ+
2π
3 (k∈Z)
C.
2kπ-
2π
3
,2kπ+
π
3 (k∈Z)
D.
2kπ-
π
6
,2kπ+
5π
6 (k∈Z)
8.已知 a,b 是区间[0,4]上的任意实数,则函数 f(x)=ax2
-bx+1 在[2,+∞)上单调递增的概率为( )
A.
1
8
B.
3
8
C.
5
8
D.
7
8
9.如图,网格纸上小正方形的边长为 1,粗线画出的是某四面体的三视图,则此四面体的体积为( )
A.
32
3
B.16 C.32 D.48
10.已知正三棱锥 S-ABC 的所有顶点都在球 O 的球面上,棱锥的底面是边长为 2 3的正三角形,侧棱长为 2 5,
则球 O的表面积为( )
A.10π B.25π C.100π D.125π
11.已知 M 为双曲线 C:
x2
a2
-
y2
b2
=1(a>0,b>0)的右支上一点,A,F 分别为双曲线 C的左顶点和右焦点,线段 FA
的垂直平分线过点 M,∠MFA=60°,则 C 的离心率为( )
A.6 B.4
C.3 D.2
12.已知函数 f(x)=
1
3
x3
+a
1
2
x2
+x+2
,则 f(x)的零点可能有( )
A.1 个
B.1 个或 2个
C.1 个或 2个或 3 个
D.2 个或 3个
二、填空题:本题共 4 小题,每小题 5分,共 20 分.
13.已知点 P(sin 35°,cos 35°)为角α终边上一点,若 0°≤α<360°,则α=________.
14.已知两条不同的直线 m,n,两个不重合的平面α,β,给出下列五个命题:
3
①m∥n,m⊥α⇒n⊥α
②α∥β,m⊂α,n⊂β⇒m∥n
③m∥n,m∥α⇒n∥α
④m⊥α,m∥β⇒α⊥β
⑤α∥β,m∥n,m⊥α⇒n⊥β.
其中正确命题的序号是________.
15.若函数 f(x)=ax-
3
x
的图象在点(1,f(1))处的切线过点(2,4),则 a=________.
16.在△ABC 中,a,b,c 分别是角 A,B,C 的对边,若 ccos B+bcos C=2acos A,AM
→
=
2
3
AB
→
+
1
3
AC
→
,且 AM=1,
则 b+2c 的最大值是________.
三、解答题:共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第 17~21 题为必考题,每个试题考生都
必须作答.第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题:共 60 分.
17.(12 分)已知{an}是首项为 1 的等比数列,各项均为正数,且 a2+a3=12.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设 bn=
1
n+2 log3an+1
,求数列{bn}的前 n项和 Sn.
18.(12 分)如图,已知在四棱锥 P-ABCD 中,底面 ABCD 是边长为 4 的正方形,△PAD 是正三角形,平面 PAD
⊥平面 ABCD,E,F,G 分别是 PD,PC,BC 的中点.
(1)求证:平面 EFG⊥平面 PAD;
(2)若 M 是线段 CD 上一点,求三棱锥 M-EFG 的体积.
4
19.(12 分)已知椭圆 C 的中心在原点,焦点在坐标轴上,直线 y=
3
2
x 与椭圆 C 在第一象限内的交点是 M,点 M
在 x 轴上的射影恰好是椭圆 C的右焦点 F2,椭圆 C 的另一个焦点是 F1,且MF1
→
·MF2
→
=
9
4
.
(1)求椭圆 C 的方程;
(2)若直线 l 过点(-1,0),且与椭圆 C交于 P,Q 两点,求△F2PQ 的内切圆面积的最大值.
20.(12 分)某校高三文科(1)班共有学生 45 人,其中男生 15 人,女生 30 人.在一次地理考试后,对成绩作了
数据分析(满分 100 分),成绩为 85 分以上的同学称为“地理之星”,得到了如下图表:
地理之星 非地理之星 合计
男性
女生
合计
如果从全班 45 人中任意抽取 1 人,抽到“地理之星”的概率为
1
3
.
(1)完成“地理之星”与性别的 2×2列联表,并回答是否有 90%以上的把握认为获得“地理之星”与“性别”
有关?
(2)若已知此次考试中获得“地理之星”的同学的成绩平均值为 90,方差为 7.2,请你判断这些同学中是否有
得到满分的同学,并说明理由.(得分均为整数)
参考公式:K2=错误!,其中 n=a+b+c+d.
5
临界值表:
P(K2
≥k0) 0.10 0.05 0.010 0.005 0.001
k0 2.706 3.841 6.635 7.879 10.828
21.(12 分)已知函数 f(x)=
x
1+x
-aln(1+x)(a∈R),g(x)=x2
e
mx+1
-e
2
.
(1)求函数 f(x)的单调区间;
(2)若 a<0,∀x1,x2∈[0,e],不等式 f(x1)≥g(x2)恒成立,求实数 m 的取值范围.
(二)选考题:共 10 分.请考生在第 22、23 题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.
22.[选修 4-4:坐标系与参数方程](10 分)
在直角坐标系 xOy 中,直线 l 的参数方程为
x=-
1
2
t,
y=a+
3
2
t
(t 为参数,a∈R).以坐标原点为极点,x轴正半
轴为极轴建立极坐标系,曲线 C 的极坐标方程为ρ=4cos θ,射线θ=
π
3
(ρ≥0)与曲线 C 交于 O,P 两点,直线 l
与曲线 C 交于 A,B 两点.
(1)求直线 l 的普通方程和曲线 C 的直角坐标方程;
(2)当|AB|=|OP|时,求 a 的值.
6
23.[选修 4-5:不等式选讲](10 分)
已知不等式|2x+1|+|2x-1|<4 的解集为 M.
(1)求集合 M;
(2)设实数 a∈M,b∉ M,证明:|ab|+1≤|a|+|b|.
7
仿真模拟冲刺卷(四)
1.答案:B
解析:解法一 因为
1-i
1+i
+3i=
1-i2
2
+3i=2i,故选 B.
解法二
1-i
1+i
+3i=
1-i+3i-3
1+i
=
-21-i2
2
=2i,故选 B.
2.答案:B
解析:由 log2(x-1)<1,得 00,所以排除选项 C,D.因为 x>0 时,f(x)=
x2ex
x
=xex
,所以 f′(x)=e
x
+xex
=e
x
(x+1)>0,所以 f(x)
在(0,+∞)上单调递增,排除选项 B.故选 A.
5.答案:B
解析:s=0,n=1,第一次运行,s=21-0=2,n=1+2=3;
第二次运行,s=2
3
-2=6,n=3+2=5;
第三次运行,s=2
5
-6=26,n=5+2=7;
第四次运行,s=2
7
-26=102,n=7+2=9>8,终止循环.输出 s=102,故选 B.
6.答案:C
解析:解法一 不等式组
x-4y+3≤0,
x+2y-9≤0,
x≥1
表示的平面区域如图中三角形 ABC(包括边界)所示,作出直线 2x
8
+y=0并平移,可知当直线 z=2x+y经过点 A时,z取得最小值,解方程组
x=1,
x-4y+3=0
得
x=1,
y=1,
即 A(1,1),
所以 zmin=2×1+1=3,当直线 z=2x+y 经过点 B 时,z 取得最大值,解方程组
x-4y+3=0,
x+2y-9=0
得
x=5,
y=2,
即
B(5,2),所以 zmax=2×5+2=12,所以 z 的取值范围为[3,12],故选 C.
解法二 由方程组
x-4y+3=0,
x=1,
x-4y+3=0,
x+2y-9=0,
x+2y-9=0,
x=1,
可得可行域的三个顶点坐标分别为 A(1,1),B(5,2),C(1,4),分别代入 z=2x+y中,得 zA
=3,zB=12,zC=6,所以 z 的取值范围为[3,12],故选 C.
7.答案:B
解析:解法一 因为 f(x)=2
3
2
sin ωx-
1
2
cos ωx
=2sin
ωx-
π
6 ,f(x)的最小正周期为 2π,所以ω=
2π
2π
=1,所以 f(x)=2sin
x-
π
6 ,由 2kπ-
π
2
≤x-
π
6
≤2kπ+
π
2
(k∈Z),得 2kπ-
π
3
≤x≤2kπ+
2π
3
(k∈Z),
所以 f(x)的单调递增区间为
2kπ-
π
3
,2kπ+
2π
3 (k∈Z),故选 B.
解法二 因为 f(x)=2
3
2
sin ωx-
1
2
cos ωx
=-2cos
ωx+
π
3 ,f(x)的最小正周期为 2π,所以ω=
2π
2π
=
1,所以 f(x)=-2cos
x+
π
3 ,由 2kπ≤x+
π
3
≤2kπ+π(k∈Z),得 2kπ-
π
3
≤x≤2kπ+
2π
3
(k∈Z),
所以 f(x)的单调递增区间为
2kπ-
π
3
,2kπ+
2π
3 (k∈Z),故选 B.
8.答案:D
解析:当 a=0 时,f(x)=-bx+1在[2,+∞)上不可能单调递增,当 a≠0 时,由已知及二次函数的单调性知
-
-b
2a
≤2,即 b≤4a,所以由题意可得
01,所以 e=4,故选 B.
12.答案:A
10
解析:因为 f(x)=
1
3
x3
+a
1
2
x2
+x+2
,所以 f′(x)=x2
+ax+a,
令 f′(x)=0,则Δ=a2
-4a=(a-2)
2
-4.
因为
1
2
x2+x+2=
1
2
(x+1)2+
3
2
>0,所以令 f(x)=0,则 a=
-
1
3
x3
1
2
x2+x+2
,
f(x)的零点转化为直线 y=a 与函数 g(x)=
-
1
3
x3
1
2
x2+x+2
的图象的交点.
g′(x)=
-x2
1
2
x2+x+2
+
1
3
x3x+1
1
2
x2
+x+2
2
=
-
1
6
x4-
2
3
x3-2x2
1
2
x2+x+2
2
,
令 g′(x)=0,即-
1
6
x4-
2
3
x3-2x2=0,整理得 x2(x2+4x+12)=0,
由于 x2
+4x+12=(x+2)
2
+8>0,所以 x=0,所以 g′(x)≤0,所以 g(x)在(-∞,+∞)上单调递减,所以直
线 y=a 与函数 g(x)的图象可能有 1 个交点.所以 f(x)的零点可能有 1个.故选 A.
13.答案:55°
解析:由题意知 cos α=sin 35°=cos 55°,sin α=cos 35°=sin 55°,P 在第一象限,∴α=55°.
14.答案:①④⑤
解析:命题①,显然正确;命题②,m,n 可能异面,故②为假命题;命题③,可能 n⊂α,故③为假命题;命
题④,由线面垂直、线面平行的性质以及面面垂直的判定知④为真命题;命题⑤,由 m∥n,m⊥α,得 n⊥α,又
α∥β,所以 n⊥β,故⑤为真命题.综上,正确的命题为①④⑤.
15.答案:2
解析:f′(x)=a+
3
x2
,f′(1)=a+3,f(1)=a-3,故 f(x)的图象在点(1,a-3)处的切线方程为 y-(a-3)
=(a+3)(x-1),又切线过点(2,4),所以 4-(a-3)=a+3,解得 a=2.
16.答案:2 3
解析:∵ccos B+bcos C=2acos A,∴sin Ccos B+sin Bcos C=2sin Acos A,∴sin(C+B)=2sin Acos A,
∴sin A=2sin Acos A.∵00,所以 q=3,所以 an=3n-1.(5 分)
(2)bn=
1
n+2log3an+1
=
1
nn+2
=
1
2
1
n
-
1
n+2 ,(8 分)
所以
Sn=
1
2
1-
1
3
+
1
2
-
1
4
+…+
1
n-1
-
1
n+1
+
1
n
-
1
n+2
=
3
4
-
2n+3
2n+1n+2
.(12 分)
18.解析:(1)因为平面 PAD⊥平面 ABCD,
平面 PAD∩平面 ABCD=AD,CD⊂平面 ABCD,且 CD⊥AD,
所以 CD⊥平面 PAD.
在△PCD 中,E,F 分别是 PD,PC 的中点,
所以 EF∥CD,所以 EF⊥平面 PAD.
因为 EF⊂平面 EFG,所以平面 EFG⊥平面 PAD.
(2)因为 EF∥CD,EF⊂平面 EFG,CD⊄ 平面 EFG,
所以 CD∥平面 EFG,
因此 CD 上的点 M 到平面 EFG 的距离等于点 D 到平面 EFG 的距离,连接 DF,DG,如图,
V 三棱锥 M-EFG=V 三棱锥 D-EFG.
取 AD 的中点 H,连接 GH,EH,FH,
则 EF∥GH,
因为 EF⊥平面 PAD,EH⊂平面 PAD,
所以 EF⊥EH.
于是 S△EFH=
1
2
EF×EH=2=S△EFG.
平面 EFG⊥平面 PAD,平面 EFG∩平面 PAD=EH,
且易知△EHD 是边长为 2的正三角形,所以点 D到平面 EFG 的距离等于正三角形 EHD 的高,为 3.
所以三棱锥 M-EFG 的体积 V 三棱锥 M-EFG=V 三棱锥 D-EFG=
1
3
×S△EFG× 3=
2 3
3
.
12
19.解析:(1)根据直线 y=
3
2
x 与椭圆 C 在第一象限内的交点是 M,点 M 在 x 轴上的射影恰好是椭圆 C 的右焦点
F2,
可知焦点在 x 轴上且 M 点坐标
c,
3
2
c
,F1(-c,0),F2(c,0).
∵MF1
→
·MF2
→
=
9
4
,
∴
9
4
c2=
9
4
,∴c=1.
设椭圆 C 方程:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0),
M 点坐标
1,
3
2 代入椭圆 C方程得
1
a2
+
9
4
b2
=1,
∵c= a2
-b2
=1,
∴a=2,b= 3.
∴椭圆 C 方程为
x2
4
+
y2
3
=1.(6 分)
(2)要使△F2PQ 的内切圆面积最大,即使△F2PQ 的面积最大,
∵F2F1为定长,
∴当且仅当直线 l 过(-1,0),与 x 轴垂直时△F2PQ 的面积最大,
此时 P
-1,
3
2 ,Q
-1,-
3
2 ,
∴|F2P
→
|=|F2Q
→
|=
5
2
,|PQ
→
|=3.
设△F2PQ 的内切圆半径为 r,则
1
2
×3×2=
1
2
×
3+
5
2
+
5
2 r,
∴r=
3
4
,其面积 S=
9π
16
.(12 分)
20.解析:(1)易知“地理之星”总人数为 45×
1
3
=15,得到 2×2列联表如下:
地理之星 非地理之星 合计
男生 7 8 15
13
女生 8 22 30
合计 15 30 45
(4 分)
则 k=
45×7×22-8×82
15×30×15×30
=1.8<2.706,
所以没有 90%以上的把握认为获得“地理之星”与“性别”有关.(6 分)
(2)没有得满分的同学.记各个分值由高到低分别为 x1,x2,…,x15,则
①若有两个及以上得满分,
则 s2=
1
15
[(100-90)2+(100-90)2+(x3-90)2+…+(x15-90)2]>
40
3
>7.2,不符合题意.(8 分)
②若恰有一个满分,为使方差最小,则其他分值需集中分布于平均数 90 的附近,且保证平均值为 90,则有 10
个得分为 89,其余 4个得分为 90,此时方差取得最小值.(10 分)
s2
min=
1
15
[(100-90)
2
+4×(90-90)
2
+10×(89-90)
2
]=
22
3
>7.2,与题意方差为 7.2 不符.
综上,这些同学中没有得满分的同学.
(也可以从一个满分讨论入手,推导一个不符合题意,两个更不符合题意)(12 分)
21.解析:(1)因为 f(x)=
x
1+x
-aln(1+x)(x>-1),
所以 f′(x)=
1
x+12
-
a
x+1
=
-ax-a+1
x+12
,(1 分)
当 a≤0 时,f′(x)>0,所以函数 f(x)的单调递增区间为(-1,+∞).(2 分)
当 a>0 时,由
f′x>0,
x>-1,
得-1-1,
得 x>-1+
1
a
.(3 分)
所以函数 f(x)的单调递增区间是
-1,-1+
1
a ;单调递减区间是
-1+
1
a
,+∞
.(4 分)
综上所述,当 a≤0 时,函数 f(x)的单调递增区间为(-1,+∞).
当 a>0 时,函数 f(x)的单调递增区间是
-1,-1+
1
a ;单调递减区间是
-1+
1
a
,+∞
.(5 分)
(2)若 a<0,则∀x1,x2∈[0,e],不等式 f(x1)≥g(x2)恒成立,
等价于“对任意 x∈[0,e],f(x)min≥g(x)max恒成立”.(6 分)
当 a<0 时,由(1)知,函数 f(x)在[0,e]上单调递增,
所以 f(x)min=f(0)=0.(7 分)
g′(x)=2xemx+1
+x2
e
mx+1m=x(mx+2)e
mx+1
,
(ⅰ)当 m≥0 时,由 0≤x≤e,得 g′(x)≥0,知函数 g(x)在[0,e]上单调递增,
所以 g(x)max=g(e)=e
me+3
-e
2
>0,不符合题意.(8 分)
14
(ⅱ)当-
2
e
≤m<0,即-
2
m
≥e时,在[0,e]上,g′(x)≥0,所以 g(x)在[0,e]上单调递增,所以 g(x)max=g(e)
=e
me+3
-e
2
,只需满足:e
me+3
-e
2
≤0,即 m≤-
1
e
,所以-
2
e
≤m≤-
1
e
.(9 分)
(ⅲ)当 m<-
2
e
,即 0<-
2
m
-
2
e
,所以 m<-
2
e
.(11 分)
综上所述,实数 m 的取值范围为
-∞,-
1
e .(12 分)
22.解析:(1)将直线 l 的参数方程化为普通方程,得 3x+y-a=0.(2 分)
由ρ=4cos θ,得ρ2
=4ρcos θ,(3 分)
从而 x2+y2=4x,即曲线 C 的直角坐标方程为 x2-4x+y2=0.(5 分)
(2)解法一 由
ρ=4cos θ
θ=
π
3
ρ≥0 ,得 P
2,
π
3 .
所以|OP|=2,(6 分)
将直线 l 的参数方程代入圆的方程 x2
-4x+y2
=0 中,得 t2
+(2+ 3a)t+a2
=0,
由Δ>0,得 2 3-4<a<2 3+4.(8 分)
设 A,B 两点对应的参数分别为 t1,t2,
则|AB|=|t1-t2|= t1+t2
2-4t1t2= 4+4 3a-a2
=2,(9 分)
解得,a=0或 a=4 3.
所以,所求 a 的值为 0 或 4 3.(10 分)
解法二 将θ=
π
3
(ρ≥0)化为直角坐标方程,得 3x-y=0(x≥0),(6 分)
由(1)知,曲线 C:(x-2)
2
+y2
=4的圆心 C(2,0),半径为 2,
由点到直线的距离公式,得点 C 到该射线的最短距离 d=
2 3
3+1
= 3,(7 分)
所以该射线与曲线 C相交所得的弦长为|OP|=2 2
2
- 32=2.(8 分)
圆心 C到直线 l的距离为:
|2 3-a|
3+1
=
|2 3-a|
2
,(9 分)
15
由
|2 3-a|
2
2
+1
2
=2
2
,得(2 3-a)2
=12,即 2 3-a=±2 3,
解得,a=0或 a=4 3.
所以,所求 a 的值为 0 或 4 3.(10 分)
23.解析:(1)解法一 当 x<-
1
2
时,不等式化为:-2x-1+1-2x<4,即 x>-1,
所以-1<x<-
1
2
;(2 分)
当-
1
2
≤x≤
1
2
时,不等式化为:2x+1-2x+1<4,即 2<4,
所以-
1
2
≤x≤
1
2
;(3 分)
当 x>
1
2
时,不等式化为:2x+1+2x-1<4,即 x<1,
所以
1
2
<x<1,(4 分)
综上可知,M={x|-1<x<1}.(5 分)
解法二 设 f(x)=|2x+1|+|2x-1|,
则 f(x)=
-4x,x<-
1
2
,
2,-
1
2
≤x≤
1
2
,
4x,x>
1
2
.
(2 分)
函数 f(x)的图象如图所示,(4 分)
若 f(x)<4,由右图可得,-1
1
2
,
2x+1+2x-1<4.
(3 分)
解得-1
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