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  • 2021-06-30 发布

2019年高考数学练习题汇总高考填空题分项练3 立体几何

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高考填空题分项练3 立体几何 ‎1.如果圆锥的底面半径为,高为2,那么它的侧面积为________.‎ 答案 2π 解析 圆锥底面周长为2π,母线长为=,‎ 所以它的侧面积为×2π×=2π.‎ ‎2.若两球表面积之比是4∶9,则其体积之比为________.‎ 答案 8∶27‎ 解析 设两球半径分别为r1,r2,‎ ‎∵4πr∶4πr=4∶9,∴r1∶r2=2∶3,‎ ‎∴两球体积之比为πr∶πr=3=3=8∶27.‎ ‎3.设m,n是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,则下列命题正确的个数为________.‎ ‎①若m⊥α,α⊥β,则m∥β;‎ ‎②若m⊥α,α∥β,n⊂β,则m⊥n;‎ ‎③若m⊂α,n⊂β,m∥n,则α∥β;‎ ‎④若n⊥α,n⊥β,m⊥β,则m⊥α.‎ 答案 2‎ 解析 对于①,若m⊥α,α⊥β,则m∥β或m⊂β,所以不正确;‎ 对于②,若m⊥α,α∥β,则m⊥β,又n⊂β,所以m⊥n正确;‎ 对于③,若m⊂α,n⊂β,m∥n,则α∥β或α与β相交,所以不正确;‎ 对于④,若n⊥α,n⊥β,则α∥β,又由m⊥β,所以m⊥α正确.‎ 综上,正确命题的个数为2.‎ ‎4.如图,平行四边形ADEF的边AF⊥平面ABCD,且AF=2,CD=3,则CE=________.‎ 答案  解析 因为AF⊥平面ABCD,‎ 所以AF垂直于平面ABCD内的任意一条直线;‎ 又AF∥ED,所以ED垂直于平面ABCD内的任意一条直线.‎ 所以ED⊥CD,所以△EDC为直角三角形,‎ CE==.‎ ‎5.圆柱形容器的内壁底面半径是10 cm,有一个实心铁球浸没于容器的水中,若取出这个铁球,测得容器的水面下降了 cm,则这个铁球的表面积为________ cm2.‎ 答案 100π 解析 设该铁球的半径为r cm,‎ 则由题意得πr3=π×102×,‎ 解得r3=53,∴r=5,‎ ‎∴这个铁球的表面积S=4π×52=100π(cm2).‎ ‎6.如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,若E,F分别为AB,AC的中点,平面EB1C1F将三棱柱分成体积为V1,V2的两部分,那么V1∶V2=________.‎ 答案 7∶5‎ 解析 设三棱柱的高为h,底面的面积为S,体积为V,则V=V1+V2=Sh.‎ ‎∵E,F分别为AB,AC的中点,∴S△AEF=S,‎ V1=h=Sh,‎ V2=Sh-V1=Sh,‎ ‎∴V1∶V2=7∶5.‎ ‎7.以一个圆柱的下底面为底面,并以圆柱的上底面圆心为顶点作圆锥,若所得的圆锥底面半径等于圆锥的高,则圆锥的侧面积与圆柱的侧面积之比为________.‎ 答案  解析 设底面半径为r,则圆锥的母线长为r,圆锥的侧面积与圆柱的侧面积之比为=.‎ ‎8.P为矩形ABCD所在平面外一点,矩形对角线的交点为O,M为PB的中点,给出结论:‎ ‎①OM∥PD;②OM∥平面PCD;③OM∥平面PDA;④OM∥平面PBA;⑤OM∥平面PCB.‎ 其中正确的是________.(填序号)‎ 答案 ①②③‎ 解析 由题意可知OM是△BPD的中位线,∴OM∥PD,①正确;由线面平行的判定定理可知,②③正确;OM与平面PBA及平面PCB都相交,故④⑤不正确.‎ ‎9.如图,在正方形SG1G2G3中,E,F分别是G1G2,G2G3的中点,现在沿SE,SF,EF把这个正方形折成一个四面体,使G1,G2,G3重合,重合后的点记为G.给出下列关系:‎ ‎①SG⊥平面EFG;②SE⊥平面EFG;‎ ‎③GF⊥SE;④EF⊥平面SEG.‎ 其中成立的序号为________.‎ 答案 ①③‎ 解析 由SG⊥GE,SG⊥GF,GE,GF⊂平面EFG,GE∩GF=G,得SG⊥平面EFG,①正确;若SE⊥平面EFG,则SG∥SE,这与SG∩SE=S矛盾,所以②错;由GF⊥GE,GF⊥GS,GE∩GS=G,GE,GS⊂平面SEG,得GF⊥平面SEG,所以GF⊥SE,③正确;若EF⊥平面SEG,则EF∥GF,这与EF∩GF=F矛盾,所以④错.‎ ‎10.已知在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=3,AA1=2BC=4,E,F,G分别为棱AB,BC,CC1的中点,则三棱锥G-A1EF的体积为________.‎ 答案  解析 如图,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,连结A1C1,AC,C1F,C1E,因为E,F分别为棱AB,BC的中点,所以A1C1∥AC∥EF,所以====××CC1×BC×AB=.‎ ‎11.已知平面α,β和直线m,l,则下列命题中正确的序号是________.‎ ‎①若α⊥β,α∩β=m,l⊥m,则l⊥β;‎ ‎②若α∩β=m,l⊂α,l⊥m,则l⊥β;‎ ‎③若α⊥β,l⊂α,则l⊥β;‎ ‎④若α⊥β,α∩β=m,l⊂α,l⊥m,则l⊥β.‎ 答案 ④‎ 解析 ①缺少了条件:l⊂α;②缺少了条件:α⊥β;③缺少了条件:α∩β=m,l⊥m;④具备了面面垂直的性质定理的所有条件.‎ ‎12.正△ABC的边长为a,沿高AD把△ABC折起,使∠BDC=90°,则B到AC的距离为________.‎ 答案 a 解析 如图,作DH⊥AC于点H,连结BH.‎ ‎∵BD⊥AD,BD⊥DC,AD∩DC=D,AD,DC⊂平面ACD,‎ ‎∴BD⊥平面ACD,从而BD⊥DH.‎ ‎∴DH为BH在平面ACD内的射影,‎ ‎∴BH⊥AC.‎ 又正△ABC的边长为a,∴DH=a,‎ ‎∴BH==a.‎ ‎13.如图,点P在正方体ABCD-A1B1C1D1的面对角线BC1上运动,则下列四个命题:‎ ‎①三棱锥A-D1PC的体积不变;‎ ‎②A1P∥平面ACD1;‎ ‎③DP⊥BC1;‎ ‎④平面PDB1⊥平面ACD1.‎ 其中正确命题的序号是________.‎ 答案 ①②④‎ 解析 由题意,可得直线BC1平行于直线AD1,并且直线AD1⊂平面ACD1,直线BC1⊄平面ACD1,‎ 所以直线BC1∥平面ACD1.‎ 所以点P到平面ACD1的距离不变,‎ ‎=,所以体积不变.故①正确;‎ 如图,连结A1C1,A1B,‎ 可得平面ACD1∥平面A1C1B.‎ 又因为A1P⊂平面A1C1B,‎ 所以A1P∥平面ACD1,故②正确;‎ 当点P运动到点B时,△DBC1是等边三角形,所以DP不垂直于BC1,故③不正确;‎ 连结DB1,DB,‎ 因为直线AC⊥平面DB1B,DB1⊂平面DB1B,‎ 所以AC⊥DB1.同理可得AD1⊥DB1,‎ 又AC∩AD1=A,AC,AD1⊂平面AD1C,‎ 所以可得DB1⊥平面AD1C.‎ 又因为DB1⊂平面PDB1,‎ 所以可得平面PDB1⊥平面ACD1,故④正确.‎ 综上,正确命题的序号是①②④.‎ ‎14.(2018·江苏名校联盟联考)如图所示,在等腰直角△ABC中,∠C为直角,BC=2,EF∥BC,沿EF把面AEF折起,使平面AEF⊥平面EFBC,当四棱锥A-CBFE的体积最大时,EF的长为________.‎ 答案  解析 设AE=x,00,g(x)为增函数,‎ 当