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- 2021-06-15 发布
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第2节 函数的单调性与最值
考试要求 1.理解函数的单调性、最大(小)值及其几何意义;2.会运用基本初等函数的图象分析函数的性质.
知 识 梳 理
1.函数的单调性
(1)单调函数的定义
增函数
减函数
定义
一般地,设函数f(x)的定义域为I:如果对于定义域I内某个区间D上的任意两个自变量的值x1,x2
当x1f(x2),那么就说函数f(x)在区间D上是减函数
图象
描述
自左向右看图象是上升的
自左向右看图象是下降的
(2)单调区间的定义
如果函数y=f(x)在区间D上是增函数或减函数,那么就说函数y=f(x)在这一区间具有(严格的)单调性,区间D叫做函数y=f(x)的单调区间.
2.函数的最值
前提
设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足
条件
(1)对于任意x∈I,都有f(x)≤M;
(2)存在x0∈I,使得f(x0)=M
(3)对于任意x∈I,都有f(x)≥M;
(4)存在x0∈I,使得f(x0)=M
结论
M为最大值
M为最小值
[常用结论与微点提醒]
1.若f(x),g(x)均为区间A上的增(减)函数,则f(x)+g(x)也是区间A上的增(减)函数.
2.函数y=f(x)(f(x)>0或f(x)<0)在公共定义域内与y=-f(x),y=的单调性相反.
3.“对勾函数”y=x+(a>0)的单调增区间为(-∞,-),(,+∞);单调减区间是[-,0),(0,].
诊 断 自 测
1.判断下列结论正误(在括号内打“√”或“×”)
(1)对于函数f(x),x∈D,若对任意x1,x2∈D,且x1≠x2有(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]>0,则函数f(x)在区间D上是增函数.( )
(2)函数y=的单调递减区间是(-∞,0)∪(0,+∞).( )
(3)对于函数y=f(x),若f(1)0,得x>4或x<-2.
设t=x2-2x-8,则y=ln t为增函数.
要求函数f(x)的单调递增区间,即求函数t=x2-2x-8的单调递增区间.
∵函数t=x2-2x-8的单调递增区间为(4,+∞),
∴函数f(x)的单调递增区间为(4,+∞).
答案 D
5.(2020·新乡模拟)函数y=f(x)是定义在[-2,2]上的减函数,且f(a+1)0,得-20,x1-1<0,x2-1<0,
故当a>0时,f(x1)-f(x2)>0,即f(x1)>f(x2),函数f(x)在(-1,1)上单调递减;
当a<0时,f(x1)-f(x2)<0,
即f(x1)0时,f′(x)<0,函数f(x)在(-1,1)上单调递减;
当a<0时,f′(x)>0,函数f(x)在(-1,1)上单调递增.
规律方法 1.(1)求函数的单调区间,应先求定义域,在定义域内求单调区间,如例1(1).(2)单调区间不能用集合或不等式表达,且图象不连续的单调区间要用“和”“,”连接.
2.(1)函数单调性的判断方法有:①定义法;②图象法;③利用已知函数的单调性;④导数法.
(2)函数y=f[g(x)]的单调性应根据外层函数y=f(t)和内层函数t=g(x)的单调性判断,遵循“同增异减”的原则.
【训练1】 (1)设函数f(x)=g(x)=x2f(x-1),则函数g(x)的递减区间是________.
解析 由题意知g(x)=
函数的图象如图所示的实线部分,根据图象,g(x)的递减区间是[0,1).
答案 [0,1)
(2)判断并证明函数f(x)=ax2+(其中10,20,
从而f(x2)-f(x1)>0,即f(x2)>f(x1),
故当a∈(1,3)时,f(x)在[1,2]上单调递增.
考点二 求函数的最值
【例2】 (1)已知函数f(x)=ax+logax(a>0,且a≠1)在[1,2]上的最大值与最小值之和为loga2+6,则a的值为( )
A. B. C.2 D.4
(2)(2020·惠州一中月考)对于任意实数a,b,定义min{a,b}=设函数f(x)=-x+3,g(x)=log2x,则函数h(x)=min{f(x),g(x)}的最大值是________.
解析 (1)f(x)=ax+logax在[1,2]上是单调函数,
所以f(1)+f(2)=loga2+6,
则a+loga1+a2+loga2=loga2+6,
即(a-2)(a+3)=0,又a>0,所以a=2.
(2)法一 在同一坐标系中,作函数f(x),g(x)的图象,
依题意,h(x)的图象如图所示的实线部分.
易知点A(2,1)为图象的最高点,
因此h(x)的最大值为h(2)=1.
法二 依题意,h(x)=
当02时,h(x)=3-x是减函数,
因此h(x)在x=2时取得最大值h(2)=1.
答案 (1)C (2)1
规律方法 求函数最值的四种常用方法
(1)单调性法:先确定函数的单调性,再由单调性求最值.
(2)图象法:先作出函数的图象,再观察其最高点、最低点,求出最值.
(3)基本不等式法:先对解析式变形,使之具备“一正二定三相等”的条件后用基本不等式求出最值.
(4)导数法:先求导,然后求出在给定区间上的极值,最后结合端点值,求出最值.
【训练2】 (1)定义max{a,b,c}为a,b,c中的最大值,设M=max{2x,2x-3,6-x},则M的最小值是( )
A.2 B.3 C.4 D.6
(2)设函数f(x)=则f(x)的最小值是________.
解析 (1)画出函数M={2x,2x-3,6-x}的图象(如图),由图可知,函数M在A(2,4)处取得最小值22=6-2=4,
故M的最小值为4.
(2)当x≤1时,f(x)=x2的最小值为0,
当x>1时,f(x)=x+-6≥2-6(当且仅当x=时,取“=”).
由于2-6<0,所以f(x)min=2-6.
答案 (1)C (2)2-6
考点三 函数单调性的应用 多维探究
角度1 利用单调性比较大小
【例3-1】 已知函数f(x)的图象关于直线x=1对称,当x2>x1>1时,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0恒成立,设a=f,b=f(2),c=f(e),则a,b,c的大小关系为( )
A.c>a>b B.c>b>a
C.a>c>b D.b>a>c
解析 因为f(x)的图象关于直线x=1对称,所以f=f.由当x2>x1>1时,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0恒成立,知f(x)在(1,+∞)上单调递减.又1<2<f>f(e),即f(2)>f>f(e),故b>a>c.
答案 D
角度2 求解函数不等式
【例3-2】 (2018·全国Ⅰ卷)设函数f(x)=则满足f(x+1)0成立,那么a的取值范围是________.
解析 (1)∵f(x)=cos x-sin x=-sin,
∴当x-∈,即x∈时,
y=sin单调递增,
f(x)=-sin单调递减,
∴是f(x)在原点附近的单调减区间,
结合条件得[0,a]⊆,
∴a≤,即amax=.
(2)对任意x1≠x2,都有>0,
所以y=f(x)在(-∞,+∞)上是增函数.
所以解得≤a<2.
故实数a的取值范围是.
答案 (1)C (2)
规律方法 1.比较函数值的大小,应将自变量转化到同一个单调区间内,然后利用函数的单调性解决.
2.求解函数不等式,其实质是函数单调性的逆用,由条件脱去“f”.
3.利用单调性求参数的取值(范围)的思路是:根据其单调性直接构建参数满足的方程(组)(不等式(组))或先得到其图象的升降,再结合图象求解.对于分段函数,要注意衔接点的取值.
【训练3】 (1)(角度2)已知函数f(x)=
若f(a-1)≥f(-a),则实数a的取值范围是( )
A. B.
C. D.
(2)(角度1)(2019·全国Ⅲ卷)设f(x)是定义域为R的偶函数,且在(0,+∞)单调递减,则( )
A.f>f(2-)>f(2-)
B.f>f(2-)>f(2-)
C.f(2-)>f(2-)>f
D.f(2-)>f(2-)>f
(3)(角度3)若函数f(x)=-x2+2ax与g(x)=在区间[1,2]上都是减函数,则a的取值范围是( )
A.(-1,0)∪(0,1) B.(-1,0)∪(0,1]
C.(0,1) D.(0,1]
解析 (1)作出函数f(x)的图象如图所示,知函数f(x)在R上是减函数,
由f(a-1)≥f(-a),得a-1≤-a,
解得a≤.
(2)因为f(x)是定义域为R的偶函数,
所以f=f(-log34)=f(log34).
又因为log34>1>2->2->0,且函数f(x)在(0,+∞)上单调递减,所以f(log34)0.综上可知00时,ex-e-x>0,ex+e-x>0,所以f′(x)>0.故f(x)在(0,+∞)上是增函数.
答案 A
2.(2020·昆明诊断)已知函数f(x)在R上单调递减,且a=33.1,b=,c=ln ,则f(a),f(b),f(c)的大小关系为( )
A.f(a)>f(b)>f(c) B.f(b)>f(c)>f(a)
C.f(c)>f(a)>f(b) D.f(c)>f(b)>f(a)
解析 因为a=33.1>30=1,0f(b)>f(a).
答案 D
3.已知函数f(x)=loga(-x2-2x+3)(a>0且a≠1),若f(0)<0,则此函数的单调递增区间是( )
A.(-∞,-1] B.[-1,+∞)
C.[-1,1) D.(-3,-1]
解析 令g(x)=-x2-2x+3,由题意知g(x)>0,可得-30且a≠1)在R上单调递减,则a的取值范围是( )
A. B.
C. D.
解析 由分段函数f(x)在R上单调递减,可得00,x>0).
(1)求证:f(x)在(0,+∞)上是增函数;
(2)若f(x)在上的值域是,求a的值.
(1)证明 设x2>x1>0,则x2-x1>0,x1x2>0,
∵f(x2)-f(x1)=-=-=>0,∴f(x2)>f(x1),∴f(x)在(0,+∞)上是增函数.
(2)解 ∵f(x)在上的值域是,
又由(1)知f(x)在上是单调增函数,
∴f=,f(2)=2,易得a=.
10.已知函数f(x)=a-.
(1)求f(0);
(2)探究f(x)的单调性,并证明你的结论;
(3)若f(x)为奇函数,求满足f(ax)0,2x2+1>0.
∴f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)f(x),则实数x的取值范围是( )
A.(-∞,-1)∪(2,+∞) B.(-∞,-2)∪(1,+∞)
C.(-1,2) D.(-2,1)
解析 ∵当x=0时,两个表达式对应的函数值都为0,
∴函数的图象是一条连续的曲线.又∵当x≤0时,函数f(x)=x3为增函数,当x>0时,f(x)=ln(x+1)也是增函数,∴函数f(x)是定义在R上的增函数.因此,不等式f(2-x2)>f(x)等价于2-x2>x,即x2+x-2<0,解得-20,此时函数f(x)在[e,+∞)上单调递增,值域是[e-1,+∞).
当x
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