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- 2021-06-16 发布
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单元质检五 平面向量、数系的扩充与复数的引入
(时间:45分钟 满分:100分)
单元质检卷第13页
一、选择题(本大题共12小题,每小题6分,共72分)
1.(2016河南郑州三模)设复数i-21+i=a+bi(a,b∈R),则a+b=( )
A.1 B.2 C.-1 D.-2
答案A
解析∵i-21+i=-12+32i=a+bi,
∴a=-12,b=32.∴a+b=1,故选A.
2.已知O是△ABC所在平面内一点,D为BC边的中点,且2OA+OB+OC=0,则有( )
A.AO=2OD B.AO=OD
C.AO=3OD D.2AO=OD
答案B
解析由2OA+OB+OC=0,得OB+OC=-2OA=2AO,即OB+OC=2OD=2AO,所以OD=AO,故选B.
3.(2016河南商丘三模)设向量e1,e2是两个互相垂直的单位向量,且a=2e1-e2,b=e2,则|a+2b|=( )
A.22 B.5 C.2 D.4
答案B
解析∵向量e1,e2是两个互相垂直的单位向量,
∴|e1|=1,|e2|=1,e1·e2=0.
∵a=2e1-e2,b=e2,∴a+2b=2e1+e2.
∴|a+2b|2=4e12+4e1·e2+e22=5.
∴|a+2b|=5.故选B.
4.已知菱形ABCD的边长为a,∠ABC=60°,则BD·CD=( )
A.-32a2 B.-34a2 C.34a2 D.32a2
答案D
解析如图,设BA=a,BC=b.
则BD·CD=(BA+BC)·BA=(a+b)·a=a2+a·b=a2+a·a·cos 60°=a2+12a2=32a2.
5.(2016山西太原三模)已知复数z=5+3i1-i,则下列说法正确的是( )
A.z的虚部为4i
B.z的共轭复数为1-4i
C.|z|=5
D.z在复平面内对应的点在第二象限
答案B
解析∵z=5+3i1-i=(5+3i)(1+i)(1-i)(1+i)=2+8i2=1+4i,
∴z的共轭复数为1-4i.故选B.
6.已知向量OA=(2,2),OB=(4,1),在x轴上存在一点P使AP·BP有最小值,则P点的坐标是( )
A.(-3,0) B.(2,0) C.(3,0) D.(4,0)
答案C
解析设P点坐标为(x,0),则AP=(x-2,-2),BP=(x-4,-1).
AP·BP=(x-2)(x-4)+(-2)×(-1)=x2-6x+10=(x-3)2+1.
当x=3时,AP·BP有最小值1.∴点P坐标为(3,0).
7.已知向量a=(1,2),b=(1,0),c=(3,4),若λ为实数,(b+λa)⊥c,则λ的值为( )
A.-311 B.-113 C.12 D.35
答案A
解析b+λa=(1,0)+λ(1,2)=(1+λ,2λ),c=(3,4),
又(b+λa)⊥c,∴(b+λa)·c=0,即(1+λ,2λ)·(3,4)=3+3λ+8λ=0,解得λ=-311,故选A.
8.已知点A(-1,1),B(1,2),C(-2,-1),D(3,4),则向量AB在CD方向上的投影为( )
A.322 B.3152 C.-322 D.-3152
答案A
解析AB=(2,1),CD=(5,5),向量AB在CD上的投影为AB·CD|CD|=1552=322,故选A.
9.(2016山东师大附中模拟)设ak=coskπ6,sinkπ6+coskπ6,k∈Z,则a2 015·a2 016=( )
A.3 B.3-12
C.23-1 D.2〚导学号74920679〛
答案B
解析∵a2 015=cos2 015π6,sin2 015π6+cos2 015π6
=cosπ6,-sinπ6+cosπ6=32,3-12,
a2 016=cos2 016π6,sin2 016π6+cos2 016π6
=(cos 0,sin 0+cos 0)=(1,1),
∴a2 015·a2 016=32×1+3-12×1=3-12.故选B.
10.已知向量OB=(2,0),向量OC=(2,2),向量CA=(2cos α,2sin α),则向量OA与向量OB的夹角的取值范围是( )
A.0,π4 B.π4,5π12
C.5π12,π2 D.π12,5π12〚导学号74920680〛
答案D
解析
由题意,得OA=OC+CA=(2+2cos α,2+2sin α),
所以点A的轨迹是圆(x-2)2+(y-2)2=2,如图,当A为直线OA与圆的切点时,向量OA与向量OB的夹角分别达到最大值和最小值,故选D.
11.(2016山东临沂一模)已知O是坐标原点,点A(-1,1),若点M(x,y)为平面区域x+y≥2,x≤1,y≤2上的一个动点,则OA·OM的取值范围是( )
A.[-1,0] B.[0,1]
C.[0,2] D.[-1,2]〚导学号74920681〛
答案C
解析满足约束条件x+y≥2,x≤1,y≤2的平面区域如图阴影部分所示.
令z=OA·OM=-x+y,即y=x+z.
当直线y=x+z经过点P(0,2)时,在y轴上的截距最大,从而z最大,即zmax=2.
当直线y=x+z经过点S(1,1)时,在y轴上的截距最小,从而z最小,即zmin=0.
故OA·OM的取值范围为[0,2],故选C.
12.已知|OA|=|OB|=2,点C在线段AB上,且|OC|的最小值为1,则|OA-tOB|(t∈R)的最小值为( )
A.2 B.3 C.2 D.5〚导学号74920682〛
答案B
解析依题意,可将点A,B置于圆x2+y2=4上;由点C在线段AB上,且|OC|的最小值为1,得原点O到线段AB的距离为1,∠AOB=180°-2×30°=120°,(OA-tOB)2=4+4t2-2t×22cos 120°=4t2+4t+4=4t+122+3的最小值是3,因此|OA-tOB|的最小值是3.
二、填空题(本大题共4小题,每小题7分,共28分)
13.(2016山东,文13)已知向量a=(1,-1),b=(6,-4).若a⊥(ta+b),则实数t的值为 .
答案-5
解析由a⊥(ta+b)可得a·(ta+b)=0,
所以ta2+a·b=0,而a2=12+(-1)2=2,a·b=1×6+(-1)×(-4)=10,所以有t×2+10=0,解得t=-5.
14.在矩形ABCD中,AB=2,BC=1,E为BC的中点,若F为该矩形内(含边界)任意一点,则AE·AF的最大值为 .〚导学号74920683〛
答案92
解析
以A为坐标原点,AB所在直线为x轴,AD所在直线为y轴,建立平面直角坐标系,则E2,12.
设F(x,y),则0≤x≤2,0≤y≤1,
则AE·AF=2x+12y,令z=2x+12y,当z=2x+12y过点(2,1)时,AE·AF取最大值92.
15.(2016湖北武昌区调考)若向量a,b满足:a=(-3,1),(a+2b)⊥a,(a+b)⊥b,则|b|= .
答案2
解析∵a=(-3,1),∴|a|=2.
∵(a+2b)⊥a,(a+b)⊥b,
∴(a+2b)·a=0,(a+b)·b=0,
即|a|2+2a·b=0,①
|b|2+a·b=0.②
由①-②×2得|a|2=2|b|2,则|b|=2.
16.在平面直角坐标系中,已知A(1,0),B(0,-1),P是曲线y=1-x2上一个动点,则BP·BA的取值范围是 .〚导学号74920684〛
答案[0,2+1]
解析如图,画出函数y=1-x2的图象.
这是以O(0,0)为圆心,以1为半径的一个半圆.
不妨用虚线把这个半圆补充为一个圆.
设BP与BA的夹角为θ,则θ∈[0°,90°].
当θ∈[0°,45°]时,cos (45°-θ)=|BP|2,
当θ∈[45°,90°]时,cos (θ-45°)=|BP|2.
由于y=cos x,x∈R是偶函数,
所以|BP|=2cos (θ-45°),θ∈[0°,90°].
BP·BA=|BP||BA|cos θ=22cos (θ-45°)cos θ
=2cos2θ+2sin θcos θ=sin 2θ+cos 2θ+1
=2sin (2θ+45°)+1.
因为θ∈[0°,90°],
所以2θ+45°∈[45°,225°].
当2θ+45°=90°,即θ=22.5°时,BP·BA取最大值2+1,
当2θ+45°=225°,即θ=90°时,BP·BA取最小值0,
所以BP·BA的取值范围是[0,2+1].
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